Question

定義在R上的函數(shù)f（x）對任意a，b∈R都有f（a+b）=f（a）+f（b）+k（k為常數(shù)）．
（I）判斷k為何值時(shí)，f（x）為奇函數(shù)，并證明；
（II）設(shè)k=-1，f（x）是R上的增函數(shù)，且f（4）=5，若不等式f（mx²-2mx+3）＞3對任意x∈R恒成立，求實(shí)數(shù)m的取值范圍．

Answer 1

考點(diǎn)：函數(shù)恒成立問題,函數(shù)單調(diào)性的判斷與證明,抽象函數(shù)及其應(yīng)用

專題：函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用

分析：（I）根據(jù)定義在R上的奇函數(shù)的性質(zhì)，有f（0）=0，求得k的值，再根據(jù)f（a+b）=f（a）+f（b）+k，賦值a=x，b=-x，即可得到f（-x）與f（x）之間的關(guān)系，根據(jù)奇函數(shù)的定義，即可證得結(jié)論；
（II）將k=-1代入恒等式可得f（a+b）=f（a）+f（b）-1，再利用恒等式進(jìn)行賦值，將3轉(zhuǎn)化為f（2），再根據(jù)f（x）的單調(diào)性去掉“f”，轉(zhuǎn)化為mx²-2mx+3＞2對任意x∈R恒成立，對m分兩種情況討論，當(dāng)m=0時(shí)，和m≠0分別求解恒成立，即可求得實(shí)數(shù)m的取值范圍．

解答： 解：（Ⅰ）若f（x）在R上為奇函數(shù)，則f（0）=0，
∵函數(shù)f（x）對任意a，b∈R都有f（a+b）=f（a）+f（b）+k，
∴令a=b=0，則f（0+0）=f（0）+f（0）+k，
∴k=0，
下證明函數(shù)是奇函數(shù)
∵f（a+b）=f（a）+f（b），
∴令a=x，b=-x，則f（x-x）=f（x）+f（-x），
又f（0）=0，
∴0=f（x）+f（-x），
∴f（-x）=-f（x）對任意x∈R成立，
∴f（x）為奇函數(shù)；
（Ⅱ）∵k=-1，
∴f（a+b）=f（a）+f（b）-1，
∴f（4）=f（2+2）=f（2）+f（2）-1=5，即2f（2）-1=5，
∴f（2）=3，
∵不等式f（mx²-2mx+3）＞3對任意x∈R恒成立，
∴f（mx²-2mx+3）＞f（2）對任意x∈R恒成立，
又∵f（x）是R上的增函數(shù)，
∴mx²-2mx+3＞2對任意x∈R恒成立，
∴mx²-2mx+1＞0對任意x∈R恒成立，
①當(dāng)m=0時(shí)，1＞0對x∈R恒成立，
∴m=0符合題意；
②當(dāng)m≠0時(shí)，則有

m＞0 △=4m2-4m＜0

，即

m＞0 0＜m＜1

，
∴0＜m＜1，
∴實(shí)數(shù)m的取值范圍為0＜m＜1．
綜合①②可得，實(shí)數(shù)m的取值范圍是[0，1）．

點(diǎn)評：本題考查了函數(shù)奇偶性的判斷，函數(shù)單調(diào)性的判斷與證明，函數(shù)的恒成立問題，以及抽象函數(shù)及其應(yīng)用．奇偶性的判斷一般應(yīng)用奇偶性的定義和圖象，要注意先考慮函數(shù)的定義域是否關(guān)于原點(diǎn)對稱．注意一般單調(diào)性的證明選用定義法證明，證明的步驟是：設(shè)值，作差，化簡，定號(hào)，下結(jié)論．對于函數(shù)的恒成立問題，一般選用參變量分離法、最值法、數(shù)形結(jié)合法進(jìn)行求解．屬于中檔題．