【題目】在平面直角坐標(biāo)系xOy中,F(xiàn)是拋物線(xiàn)C:x2=2py(p>0)的焦點(diǎn),M是拋物線(xiàn)C上位于第一象限內(nèi)的任意一點(diǎn),過(guò)M,F(xiàn),O三點(diǎn)的圓的圓心為Q,點(diǎn)Q到拋物線(xiàn)C的準(zhǔn)線(xiàn)的距離為
(1)求拋物線(xiàn)C的方程;
(2)是否存在點(diǎn)M,使得直線(xiàn)MQ與拋物線(xiàn)C相切于點(diǎn)M?若存在,求出點(diǎn)M的坐標(biāo);若不存在,說(shuō)明理由;
(3)若點(diǎn)M的橫坐標(biāo)為 ,直線(xiàn)l:y=kx+ 與拋物線(xiàn)C有兩個(gè)不同的交點(diǎn)A,B,l與圓Q有兩個(gè)不同的交點(diǎn)D,E,求當(dāng) ≤k≤2時(shí),|AB|2+|DE|2的最小值.

【答案】
(1)解:由題意可知F(0, ),圓心Q在線(xiàn)段OF平分線(xiàn)y= 上,

因?yàn)閽佄锞(xiàn)C的標(biāo)準(zhǔn)方程為y=﹣ ,

所以 ,即p=1,

因此拋物線(xiàn)C的方程x2=2y.


(2)解:假設(shè)存在點(diǎn)M(x0, ),(x0>0)滿(mǎn)足條件,

拋物線(xiàn)C在點(diǎn)M處的切線(xiàn)的斜率為

y′ = =x0

令y= 得, ,

所以Q( ),

又|QM|=|OQ|,

,

因此 .又x0>0.

所以x0= ,此時(shí)M( ).

故存在點(diǎn)M( ),使得直線(xiàn)MQ與拋物線(xiàn)C相切與點(diǎn)M.


(3)解:當(dāng)x0= 時(shí),由(Ⅱ)的Q( ),⊙Q的半徑為:r= =

所以⊙Q的方程為

,整理得2x2﹣4kx﹣1=0.

設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),由于△=16k2+8>0,x1+x2=2k,x1x2=﹣

所以|AB|2=(1+k2)[(x1+x22﹣4x1x2]=(1+k2)(4k2+2).

,整理得(1+k2)x2 ,

設(shè)D,E兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為(x3,y3),(x4,y4),

由于△= >0,x3+x4= ,x3x4=

所以|DE|2=(1+k2)[(x3+x42﹣4x3x4]= ,

因此|AB|2+|DE|2=(1+k2)(4k2+2)+ ,

令1+k2=t,由于△=16k2+8>0 ,

≤k≤2,∴t≥

所以|AB|2+|DE|2=t(4t﹣2)+ =4t2﹣2t+ ,

設(shè)g(t)=4t2﹣2t+ ,t ,因?yàn)間′(t)=8t﹣2﹣

所以當(dāng)t ,g′(t)≥g′( )=6,

即函數(shù)g(t)在t 是增函數(shù),所以當(dāng)t= 時(shí),g(t)取最小值

因此當(dāng)k= 時(shí),|AB|2+|DE|2的最小值為


【解析】(1)通過(guò)F(0, ),圓心Q在線(xiàn)段OF平分線(xiàn)y= 上,推出求出p=1,推出拋物線(xiàn)C的方程.(2)假設(shè)存在點(diǎn)M(x0 ),(x0>0)滿(mǎn)足條件,拋物線(xiàn)C在點(diǎn)M處的切線(xiàn)的斜率為函數(shù)的導(dǎo)數(shù),求出Q的坐標(biāo),利用|QM|=|OQ|,求出M( ).使得直線(xiàn)MQ與拋物線(xiàn)C相切與點(diǎn)M.(3)當(dāng)x0= 時(shí),求出⊙Q的方程為.利用直線(xiàn)與拋物線(xiàn)方程聯(lián)立方程組.設(shè)A(x1 , y1),B(x2 , y2),利用韋達(dá)定理,求出|AB|2 . 同理求出|DE|2 , 通過(guò)|AB|2+|DE|2的表達(dá)式,通過(guò)換元,利用導(dǎo)數(shù)求出函數(shù)的最小值.

練習(xí)冊(cè)系列答案
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①請(qǐng)檢驗(yàn)集合是否具有性質(zhì)P,并對(duì)其中具有性質(zhì)P的集合,寫(xiě)出相應(yīng)的集合ST.

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