Question

已知函數(shù)f（x）=ln（x+1）-x．
（1）求函數(shù)f（x）在x=-

1

2

處的切線方程；
（2）當(dāng)x₁＞x₂＞-1時，求證：f（

x1+x2

2

）＞

1

2

[f（x₁）+f（x₂）]；
（3）若k∈R，且xf（x-1）+x²-k（x-1）＞0對任意x＞1恒成立，求k的最大值．

Answer 1

考點(diǎn)：利用導(dǎo)數(shù)研究曲線上某點(diǎn)切線方程,函數(shù)恒成立問題

專題：綜合題,導(dǎo)數(shù)的綜合應(yīng)用

分析：（1）求導(dǎo)函數(shù)，求出切線的斜率，切點(diǎn)坐標(biāo)，即可求函數(shù)f（x）在x=-

1

2

處的切線方程；
（2）利用作差法，結(jié)合基本不等式，即可證明結(jié)論；
（3）令g(x)=

xf x-1 +x2

x-1

=

xlnx+x

x-1

(x＞1)⇒g′(x)=

x-lnx-2

(x-1)2

(x＞1)，再構(gòu)造函數(shù)h(x)=x-lnx-2(x＞1)⇒h′(x)=

x-1

x

＞0⇒h(x)在（1，+∞）上單調(diào)遞增，利用k＜[g（x）]_min，即可求k的最大值．

解答： （1）解：f(x)=ln(x+1)-x⇒f′(x)=

1

x+1

-1=

-x

x+1

∴故切線斜率k=

-x

x+1

|x=-

1

2

=1，f

- 1 2

=

1

2

-ln2
∴切線方程：y-(

1

2

-ln2)=x+

1

2

⇒x-y+1-ln2=0．

（2）證明：∵f（x）=ln（x+1）-x，
∴f（

x1+x2

2

）-

1

2

[f（x₁）+f（x₂）]=ln（

x1+x2

2

+1）-

x1+x2

2

-

1

2

[ln（x₁+1）-x₁+ln（x₂+1）-x₂]
=ln

x1+x2+2

2

-ln

(x1+1)(x2+1)

，
∵x₁＞x₂＞-1，
∴

x1+x2+2

2

＞

(x1+1)(x2+1)

，
∴l(xiāng)n

x1+x2+2

2

-ln

(x1+1)(x2+1)

＞0，
∴f（

x1+x2

2

）＞

1

2

[f（x₁）+f（x₂）]

（3）解：令g(x)=

xf x-1 +x2

x-1

=

xlnx+x

x-1

(x＞1)⇒g′(x)=

x-lnx-2

(x-1)2

(x＞1)
令h(x)=x-lnx-2(x＞1)⇒h′(x)=

x-1

x

＞0⇒h(x)在（1，+∞）上單調(diào)遞增．
∵h(yuǎn)（3）=1-ln3＜0，h（4）=2-ln4＞0，
∴h（x）存在唯一零點(diǎn)x₀∈（3，4），即x₀-lnx₀-2=0．
當(dāng)x∈（1，x₀）時，h（x）＜h（x₀）=0⇒g′（x）＜0；
當(dāng)x∈（x₀，+∞）時，h（x）＞h（x₀）=0⇒g′（x）＞0；
∴g（x）在x∈（1，x₀）時單調(diào)遞減；在x∈（x₀，+∞）時，單調(diào)遞增；
∴[g(x)min]=g(x0)=

x0(lnx0+1)

x0-1

=

x0(x0-1)

x0-1

=x0
由題意k＜[g（x）]_min=x₀，
∵k∈Z，∴k的最大值是3．

點(diǎn)評：本題考查導(dǎo)數(shù)知識的綜合運(yùn)用，考查切線方程，考查函數(shù)的單調(diào)性與最值，考查學(xué)生分析解決問題的能力，正確構(gòu)造函數(shù)是關(guān)鍵．