定義在R上的單調(diào)函數(shù)f(x)滿足f(3)＝log23且對(duì)任意x，y∈R都有f(x＋y)＝f(x)＋f(y)．

(1)求證f(x)為奇函數(shù)；

(2)若f(k·3x)＋f(3x－9x－2)＜0對(duì)任意x∈R恒成立，求實(shí)數(shù)k的取值范圍．

答案：
解析：

　　解析：(1)f(x＋y)＝f(x)＋f(y)(x，y∈R)�、�

　　令x＝y＝0，代入①式，得f(0＋0)＝f(0)＋f(0)，即f(0)＝0．　2分

　　令y＝－x，代入①式，得f(x－x)＝f(x)＋f(－x)，又f(0)＝0，則有0＝f(x)＋f(－x)．

　　即f(－x)＝－f(x)對(duì)任意x∈R成立，所以f(x)是奇函數(shù)．　5分

　　(2)f(3)＝log23＞0，即f(3)＞f(0)，又f(x)在R上是單調(diào)函數(shù)，　6分

　　所以f(x)在R上是增函數(shù)，又由(1)知f(x)是奇函數(shù)．

　　f(k·3x)＜－f(3x－9x－2)＝f(－3x＋9x＋2)，k·3x＜－3x＋9x＋2，　8分

　　對(duì)任意x∈R成立．分離參數(shù)得k＜3x＋．……10分令u＝3x＋≥，

　　即u的最小值為，要使對(duì)x∈R不等式k＜3x＋恒成立，只要使k＜．12分


練習(xí)冊(cè)系列答案
相關(guān)習(xí)題

科目：高中數(shù)學(xué) 來(lái)源： 題型：

15、已知定義在R上的單調(diào)函數(shù)f（x）滿足：存在實(shí)數(shù)x0，使得對(duì)于任意實(shí)數(shù)x1，x2，總有f（x0x1+x0x2）=f（x0）+f（x1）+f（x2）恒成立，則（i）f（1）+f（0）=
0
（ii）x0的值為
1
．

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科目：高中數(shù)學(xué) 來(lái)源： 題型：

已知函數(shù)f（x）是定義在R上的單調(diào)函數(shù)滿足f（-3）=2，，且對(duì)任意的實(shí)數(shù)a∈R有f（-a）+f（a）=0恒成立．
（Ⅰ）試判斷f（x）在R上的單調(diào)性，并說(shuō)明理由；
（Ⅱ）解關(guān)于x的不等式f(
2-xx
)＜2．

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科目：高中數(shù)學(xué) 來(lái)源： 題型：

定義在R上的單調(diào)函數(shù)f（x）滿足f(2)=
32
，且對(duì)任意x，y∈R都有f（x+y）=f（x）+f（y）．
（Ⅰ）求證：f（x）為奇函數(shù)；
（Ⅱ）若f（k•3x）+f（3x-9x-2）＜0對(duì)任意x∈R恒成立，求實(shí)數(shù)k的取值范圍．

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科目：高中數(shù)學(xué) 來(lái)源： 題型：

已知定義在R上的單調(diào)函數(shù)y=f（x），當(dāng)x＜0時(shí)，f（x）＞1，且對(duì)任意的實(shí)數(shù)x，y∈R，有f（x+y）=f（x）f（y），
（1）求f（0），并寫(xiě)出適合條件的函數(shù)f（x）的一個(gè)解析式；
（2）數(shù)列{an}滿足a1=f(0)且f(an+1)=
1
f(-2-an)
(n∈N+)，
①求通項(xiàng)公式an的表達(dá)式；
②令bn=(
1
2
)an，Sn=b1+b2+…+bn，Tn=
1
a1a2
+
1
a2a3
+…+
1
anan+1
，試比較Sn與
4
3
Tn的大小，并加以證明；
③當(dāng)a＞1時(shí)，不等式
1
an+1
+
1
an+2
+…+
1
a2n
＞
12
35
(log a+1x-log ax+1)對(duì)于不小于2的正整數(shù)n恒成立，求x的取值范圍．

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科目：高中數(shù)學(xué) 來(lái)源： 題型：

（2013•廣州三模）已知定義在R上的單調(diào)函數(shù)f（x），存在實(shí)數(shù)x0使得對(duì)任意實(shí)數(shù)x1，x2，總有f（x0x1+x0x2）=f（x0）+f（x1）+f（x2）恒成立．
（1）求x0的值；
（2）若f（x0）=1，且對(duì)任意的正整數(shù)n．有an=
1
f(n)
，bn=f(
1
2n
)+1，記Sn=a1a2+a2a3+…+anan+1，Tn=b1b2+b2b3+…+bnbn+1，比較
4
3
Sn與Tn的大小關(guān)系，并給出證明．

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