Question

18．如圖，在正方形ABCD和正方形CEFG中，AD=6，CE=2$\sqrt{2}$，點(diǎn)F在邊CD上，連接DE，連接BG并延長(zhǎng)交CD于點(diǎn)M，交DE于點(diǎn)H，則HM的長(zhǎng)為$\frac{3\sqrt{5}}{5}$．

Answer 1

分析 連接DG、EG，交DC于點(diǎn)N，根據(jù)正方形的性質(zhì)求出∠BCG=∠ECD，再根據(jù)SAS證出△BCG≌△DCE，得出∠CBG=∠CDE，根據(jù)CD=6，DN=4，求出tan∠CDE=$\frac{HM}{DN}$=$\frac{EN}{DN}$=$\frac{1}{2}$，設(shè)HM=x，則DN=2x，根據(jù)勾股定理得出x²+（2x）²=DM²，根據(jù)tan∠CBG=$\frac{1}{2}$，求出DM=3，再代入x²+（2x）²=DM²，求出x的值即可．

解答 解：連接DG、EG，交DC于點(diǎn)N，
∵四邊形ABCD、EFGC是正方形，
∴CB=CD，CG=CE，EG⊥FC，
∠ECD=45°，∠BCD=90°，
∴∠BCG=45°，
∴∠BCG=∠ECD，
∵CE=2$\sqrt{2}$，
∴NE=NC=2，
在△BCG和DCE中，
$\left\{\begin{array}{l}{BC=DC}\\{∠BCG=∠DCE}\\{CE=CG}\end{array}\right.$，
∴△BCG≌△DCE，
∴∠CBG=∠CDE，
∵∠DMH=∠CMB，
∴∠DHM=∠MCB=90°，
∵CD=6，
∴DN=4，
∴tan∠CDE=$\frac{HM}{DN}$=$\frac{EN}{DN}$=$\frac{2}{4}$=$\frac{1}{2}$，
設(shè)HM=x，則DN=2x，
∵HM²+DH²=DM²，
∴x²+（2x）²=DM²，
∴tan∠CBG=$\frac{1}{2}$，
∴$\frac{CM}{CB}$=$\frac{CM}{6}$=$\frac{1}{2}$，
∴CM=3，
∴DM=3，
∴x²+（2x）²=3²，
∴x₁=$\frac{3\sqrt{5}}{5}$，x₂=-$\frac{3\sqrt{5}}{5}$（舍去），
∴HM=$\frac{3\sqrt{5}}{5}$．
故答案為：$\frac{3\sqrt{5}}{5}$．

點(diǎn)評(píng) 此題考查了正方形的性質(zhì)、全等三角形的判定與性質(zhì)，用到的知識(shí)點(diǎn)是勾股定理、銳角三角函數(shù)，關(guān)鍵是根據(jù)題意作出輔助線，構(gòu)造直角三角形．