Question

【題目】如圖，以菱形ABCD對(duì)角線(xiàn)交點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，建立平面直角坐標(biāo)系，A、B兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為（﹣2 ，0）、（0，﹣ ），直線(xiàn)DE⊥DC交AC于E，動(dòng)點(diǎn)P從點(diǎn)A出發(fā)，以每秒2個(gè)單位的速度沿著A→D→C的路線(xiàn)向終點(diǎn)C勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)△PDE的面積為S（S≠0），點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒．

（1）求直線(xiàn)DE的解析式；
（2）求S與t之間的函數(shù)關(guān)系式，并寫(xiě)出自變量t的取值范圍；
（3）當(dāng)t為何值時(shí)，∠EPD+∠DCB=90°？并求出此時(shí)直線(xiàn)BP與直線(xiàn)AC所夾銳角的正切值．

Answer 1

【答案】
（1）

解：由菱形的對(duì)稱(chēng)性可得，C（2 ，0），D（0， ），

∴OD= ，OC=2 ，tan∠DCO= = ，

∵DE⊥DC，

∴∠EDO+∠CDO=90°，

∵∠DCO+∠CD∠=90°，

∴∠EDO=∠DCO，

∵tan∠EDO=tan∠DCO= ，

∴ ，

∴OE= ，

∴E（﹣ ，0），

∴D（0， ），

∴直線(xiàn)DE解析式為y=2x+

（2）

解：由（1）得E（﹣ ，0），

∴AE=AO﹣OE=2 ﹣ = ，

根據(jù)勾股定理得，DE= = ，

∴菱形的邊長(zhǎng)為5，

如圖1，

過(guò)點(diǎn)E作EF⊥AD，

∴sin∠DAO= ，

∴EF= = ，

當(dāng)點(diǎn)P在AD邊上運(yùn)動(dòng)，即0≤t＜ ，

S= PD×EF= ×（5﹣2t）× =﹣ t+ ，

如圖2，

點(diǎn)P在DC邊上運(yùn)動(dòng)時(shí)，即 ＜t≤5時(shí)，

S= PD×DE= ×（2t﹣5）× = t﹣ ；

∴S=

（3）

解：設(shè)BP與AC相交于點(diǎn)Q，

在菱形ABCD中，∠DAB=∠DCB，DE⊥DC，

∴DE⊥AB，

∴∠DAB+∠ADE=90°，

∴∠DCB+∠ADE=90°，

∴要使∠EPD+∠DCB=90°，

∴∠EPD=∠ADE，

當(dāng)點(diǎn)P在AD上運(yùn)動(dòng)時(shí)，如圖3，

∵∠EPD=∠ADE，

∴EF垂直平分線(xiàn)PD，

∴AP=AD﹣2DF=AD﹣2 ，

∴2t=5﹣ ，

∴t= ，

此時(shí)AP=1，

∵AP∥BC，

∴△APQ∽△CBQ，

∴ ，

∴ ，

∴ ，

∴AQ= ，

∴OQ=OA﹣AQ= ，

在Rt△OBQ中，tan∠OQB= = = ，

當(dāng)點(diǎn)P在DC上運(yùn)動(dòng)時(shí)，如圖4，

∵∠EPD=∠ADE，∠EDP=∠EFD=90°

∴△EDP∽△EFD，

∴ ，

∴DP= = = ，

∴2t=AD﹣DP=5+ ，

∴t= ，

此時(shí)CP=DC﹣DP=5﹣ = ，

∵PC∥AB，

∴△CPQ∽△ABQ，

∴ ，

∴ ，

∴ ，

∴CQ= ，

∴OQ=OC﹣CQ=2 ﹣ = ，

在Rt△OBD中，tan∠OQB= = =1，

即：當(dāng)t= 時(shí)，∠EPD+∠DCB=90°．此時(shí)直線(xiàn)BP與直線(xiàn)AC所夾銳角的正切值為 ．

當(dāng)t= 時(shí)，∠EPD+∠DCB=90°．此時(shí)直線(xiàn)BP與直線(xiàn)AC所夾銳角的正切值為1

【解析】（1）先有菱形的對(duì)稱(chēng)性得出點(diǎn)C，D坐標(biāo)，然后用∠DCO的正切值，以及等角的三角函數(shù)值相等列出方程，最后用待定系數(shù)法求出直線(xiàn)DE解析式．（2）先求出菱形的邊長(zhǎng)，再求出EF，分點(diǎn)P在AD和DC邊上，用面積公式求解；（3）先求出∠EPD=∠ADE，分兩種情況用由菱形的邊長(zhǎng)建立方程求出時(shí)間t，用相似三角形的比例式建立方程求出OQ，解直角三角形即可．