【題目】如圖,平行四邊形ABCD中,AB=2,∠A=60°,以AB為直徑的⊙O過點D,點M是BC邊上一點(點M不與B,C重合),過點M作BC的垂線MN,交CD邊于點N.
(1)求AD的長;
(2)當點N在⊙O上時,求證:直線MN是⊙O的切線;
(3)以CN為直徑作⊙P,設(shè)BM=x,⊙P的直徑為y,
①求y關(guān)于x的函數(shù)關(guān)系式,并寫出x的取值范圍;
②當BM為何值時,⊙P與⊙O相切.
【答案】(1)1;(2)見解析;(3)①y=2﹣2x(0<x<1);②BM為1時,⊙P與⊙O相切.
【解析】
試題分析:(1)連接OD,由題意證出△AOD是等邊三角形,得出AD=OA=1即可;
(2)連接ON,由平行四邊形的性質(zhì)得出AB∥CD,BC=AD=1,∠C=∠A=60°,證出△DON是等邊三角形,得出∠DNO=60°,求出∠CNM=30°,因此∠ONM=90°即可;
(3)①由含30°角的直角三角形的性質(zhì)得出CN=2CM,即可得出結(jié)果;
②作PE⊥AB于E,CN⊥AB于N,則∠BCN=30°,由含30°角的直角三角形的性質(zhì)得出BN=BC=,得出PE=CN=,由相切兩圓的圓心距=兩圓半徑之和,得出OP=OB+PC=2﹣x,因此OE=OB+BN﹣EN=+x,由勾股定理得出方程,解方程即可.
(1)解:連接OD,如圖1所示:
根據(jù)題意得:OA=OB=1,
∵OA=OD,∠A=60°,
∴△AOD是等邊三角形,
∴AD=OA=1,∠AOD=60°;
(2)證明:連接ON,如圖2所示:
∵四邊形ABCD是平行四邊形,
∴AB∥CD,BC=AD=1,∠C=∠A=60°,
∴∠ODN=∠AOD=60°,
∵OD=ON,
∴△DON是等邊三角形,
∴∠DNO=60°,
∵MN⊥BC,
∴∠CNM=90°﹣60°=30°,
∴∠ONM=180°﹣30°﹣60°=90°,
即MN⊥ON,
∴直線MN是⊙O的切線;
(3)解:①∵∠CNM=30°,MN⊥BC,
∴CN=2CM,即y=2(1﹣x),
∴y=2﹣2x,
即y關(guān)于x的函數(shù)關(guān)系式為y=2﹣2x(0<x<1);
②作PE⊥AB于E,CN⊥AB于N,如圖3所示:
則∠BCN=30°,
∴BN=BC=,PE=CN=,
∵⊙P與⊙O相切,
∴OP=OB+PC=1+1﹣x=2﹣x,OE=OB+BN﹣EN=1+﹣(1﹣x)=+x,
由勾股定理得:OE2+PE2=OP2,
即(+x)2+()2=(2﹣x)2,
解得:x=1,
即BM為1時,⊙P與⊙O相切.
科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】如圖,在平面直角坐標系xOy中,拋物線y=ax2+bx+c(a>0)與x軸交于點O、M.對稱軸為直線x=2,以O(shè)M為直徑作圓A,以O(shè)M的長為邊長作菱形ABCD,且點B、C在第四象限,點C在拋物線對稱軸上,點D在y軸負半軸上;
(1)求證:4a+b=0;
(2)若圓A與線段AB的交點為E,試判斷直線DE與圓A的位置關(guān)系,并說明你的理由;
(3)若拋物線頂點P在菱形ABCD的內(nèi)部且∠OPM為銳角時,求a的取值范圍.
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科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】把球放在長方體紙盒內(nèi),球的一部分露出盒外,其主視圖如圖.⊙O與矩形ABCD的邊BC,AD分別相切和相交(E,F(xiàn)是交點),已知EF=CD=8,則⊙O的半徑為 .
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科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】化簡下列各式
(1)a+[2a﹣2﹣(4﹣2a)]
(2)x﹣(2x﹣y2)+(﹣)
(3)3x2+[2x﹣(﹣5x2+4x)+2]﹣1
(4)(﹣3ax2﹣ax+3)﹣(﹣ax2﹣ax﹣1)
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科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】下列變形正確的是( )
A.2÷8×=2÷(8×)
B.6÷(+)=6÷+6÷
C.(﹣8)×(﹣5)×0=40
D.(﹣2)××(﹣5)=5
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科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】要判斷一個學(xué)生的數(shù)學(xué)考試成績是否穩(wěn)定,那么需要知道他最近連續(xù)幾次數(shù)學(xué)考試成績的( )
A.平均數(shù) B.中位數(shù) C.眾數(shù) D.方差
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科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】一組數(shù)據(jù)2,3,5,4,4,6的中位數(shù)和平均數(shù)分別是( )
A.4.5和4 B.4和4 C.4和4.8 D.5和4
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