5．如圖19所示.質(zhì)量為m的活塞將一定質(zhì)量的氣體封閉在氣缸內(nèi).活塞與氣缸之間無摩擦.a態(tài)是氣缸放在冰水混合物中氣體達(dá)到的平衡狀態(tài).b態(tài)是氣缸從容器中移出后.在室溫(270C)中達(dá)到的平衡狀態(tài).氣體從a態(tài)變化到b態(tài)的過程中大氣壓強(qiáng)保持不變.若忽略氣體分子之間的勢能.下列說法正確的是A.與b態(tài)相比.a態(tài)的氣體分子在單位時間內(nèi)撞擊活塞的個數(shù)較多 圖19B.與a態(tài)相比.b態(tài)的氣體分子在單位時間內(nèi)對活塞的沖量較大C.在相同時間內(nèi).a.b兩態(tài)的氣體分子對活塞的沖量相等 D.從a態(tài)到b態(tài).氣體的內(nèi)能增加.外界對氣體做功.氣體對外界釋放了熱量 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

如圖19所示，一個表面粗糙的斜面,放在水平光滑的地面上,斜面的傾角為θ,一質(zhì)量為m的滑塊恰好能沿斜面勻速下滑(當(dāng)斜面固定時).若用一推力F作用于滑塊,使之沿斜面勻速上滑,為了保持斜面靜止不動,必須用一大小為f=4mgcosθsinθ的水平力作用于斜面，求推力F的大小和方向.

圖19

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（附加題）如圖19所示，ABCDE為固定在豎直平面內(nèi)的軌道，ABC為直軌道，AB光滑，BC粗糙，CDE為光滑圓弧軌道，軌道半徑為R，直軌道與圓弧軌道相切于C點，其中圓心O與BE在同一水平面上，OD豎直，∠COD=θ，且θ＜5°�，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的小物體(可以看作質(zhì)點)從斜面上的A點靜止滑下，小物體與BC間的動摩擦因數(shù)為，現(xiàn)要使小物體第一次滑入圓弧軌道即恰好做簡諧運動(重力加速度為g)。求：
（1）小物體過D點時對軌道的壓力大小。
（2）直軌道AB部分的長度S。

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（附加題）如圖19所示，ABCDE為固定在豎直平面內(nèi)的軌道，ABC為直軌道，AB光滑，BC粗糙，CDE為光滑圓弧軌道，軌道半徑為R，直軌道與圓弧軌道相切于C點，其中圓心O與BE在同一水平面上，OD豎直，∠COD=θ，且θ＜5°�，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的小物體(可以看作質(zhì)點)從斜面上的A點靜止滑下，小物體與BC間的動摩擦因數(shù)為，現(xiàn)要使小物體第一次滑入圓弧軌道即恰好做簡諧運動(重力加速度為g)。求：

（1）小物體過D點時對軌道的壓力大小。

（2）直軌道AB部分的長度S。

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我國的“嫦娥奔月”月球探測工程已經(jīng)啟動，分“繞、落、回”三個發(fā)展階段：在2007年已經(jīng)發(fā)射了一顆圍繞月球飛行的“嫦娥一號”衛(wèi)星，將在2012年前后發(fā)射一顆月球軟著陸器，在2017年前后發(fā)射一顆返回式月球軟著陸器，進(jìn)行首次月球樣品自動取樣并安全返回地球.設(shè)想著陸器完成了對月球表面的考察任務(wù)后，由月球表面回到圍繞月球做圓周運動的軌道艙，如圖19所示.為了安全，返回的著陸器與軌道艙對接時，必須具有相同的速度。設(shè)返回的著陸器質(zhì)量為m，月球表面的重力加速度為g，月球的半徑為R，月球的自轉(zhuǎn)周期為T，軌道艙到月球中心的距離為r，已知著陸器從月球表面返回軌道艙的過程中需克服月球引力做功，不計月球表面大氣對著陸器的阻力和月球自轉(zhuǎn)的影響，則

（1）著陸器與返回艙對接時的速度大小是多少？

（2）在月球表面的著陸器至少需要獲得多少能量才能返回軌道艙？

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如圖19所示，質(zhì)量m = 5kg的物體置于一粗糙斜面上，并用一平行斜面的、大小F = 30N的推力推物體，使物體能夠沿斜面向上勻速運動，而斜面體始終靜止。已知斜面的質(zhì)量M = 10kg ，傾角為30°，重力加速度g = 10m/s2 ，求地面對斜面體的摩擦力大小。

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                                  高考真題

1．【解析】因溫度保持不變，分子的平均動能不變，所以選項A錯；活塞上方液體逐漸流出，理想氣體壓強(qiáng)減小，體積增大，所以氣體分子對活塞撞擊的次數(shù)減小，單位時間氣體分子對活塞的沖量保持減小，由熱力學(xué)第一定律，氣體對外界做功等于氣體從外界吸收的熱量，選項D對．

【答案】D

2．【解析】由PV/T為恒量，由圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表達(dá)PV乘積，從實線與虛線等溫線比較可得出，該面積先減小后增大，說明溫度T先減小后增大，內(nèi)能先將小后增大。所以選項B正確

【答案】B

3．【解析】A錯誤之處在于氣體分子是無規(guī)則的運動的，故失去容器后就會散開；D選項中沒考慮氣體的體積對壓強(qiáng)的影響；F選項對氣溫升高，分子平均動能增大、平均速率增大，但不是每個分子速率增大，對單個分子的研究是毫無意義的。

【答案】BCE      

4．【解析】初始時，兩室氣體的溫度相同，故分子平均動能相等，A錯；因為氣缸是絕熱的，所以氣缸內(nèi)氣體的總的內(nèi)能守恒，由于隔板導(dǎo)熱，重新平衡后兩種氣體溫度仍相同，即氣體內(nèi)能仍相等，所以每種氣體內(nèi)能均不變，B錯；氫氣通過隔板對氧氣做功，而內(nèi)能不變，由熱力學(xué)第一定律可知氫氣一定吸收了來自氧氣的熱量，C正確；達(dá)到平衡的過程中，氫氣對氧氣做功，氧氣內(nèi)能增加；熱量從氧氣傳遞到氫氣內(nèi)能又減少，D正確。

【答案】CD

5．【解析】大氣壓是由大氣重量產(chǎn)生的。大氣壓強(qiáng)p==，帶入數(shù)據(jù)可得地球表面大氣質(zhì)量m=5.2×1018kg。標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下1mol氣體的體積為v=22.4×10-3m3，故地球表面大氣體積為V=v=×22.4×10-3m3=4×1018m3，B對。

【答案】B

6．【解析】①由玻意耳定律得：，

式中V是抽成真空后活塞下方氣體體積

        由蓋?呂薩克定律得：             

                    解得：T/＝1.2T

      ②由查理定律得：

                解得：p2＝0.75p0

7．【解析】封閉氣體的壓強(qiáng)等于大氣壓與水銀柱產(chǎn)生壓強(qiáng)之差，故左管內(nèi)外水銀面高度差也為h，A對；彎管上下移動，封閉氣體溫度和壓強(qiáng)不變，體積不變，B錯C對；環(huán)境溫度升高，封閉氣體體積增大，則右管內(nèi)的水銀柱沿管壁上升，D對。

【答案】ACD

8．【解析】（1）由熱力學(xué)第一定律△U = W＋Q，代入數(shù)據(jù)得：1.5×105 = 2.0×105＋Q，解得Q = -5×104；

（2）由PV/T=恒量，壓強(qiáng)不變時，V隨溫度T的變化是一次函數(shù)關(guān)系，故選擇C圖；

（3）1g水的分子數(shù) N = NA ，1cm2的分子數(shù) n =N≈7×103 （6×103～7×103都算對）。

【答案】（1）答案：放出；5×104；（2）C；增加；（3）7×103（6×103～7×103都算對）

9．【解析】（1）物體間存在分子力，所以要想想使玻璃板離開水面，必須用比玻璃板重力，因為分子間存間相互用用力；擴(kuò)散運動，是由于分子永不停息地作無規(guī)律運動

【答案】小于，分子的無規(guī)律運動．

10．【解析】本題考查玻馬定律，對氣體作為研究對象，分第一次加小盒沙子和第二次加沙子兩次列玻馬定律方程求解。

設(shè)大氣和活塞對氣體的總壓強(qiáng)為p0，加一小盒沙子對氣體產(chǎn)生的壓強(qiáng)為p，圖8

 

由玻馬定律得

                        ①     

由①式得

                                   ②

再加一小盒沙子后，氣體的壓強(qiáng)變?yōu)閜0+2p。設(shè)第二次加沙子后，活塞的高度為h′

′                                          ③

聯(lián)立②③式解得

h′=                                                     ④

【答案】h

11．【解析】由于輪胎容積不變，輪胎內(nèi)氣體做等容變化。設(shè)在T0＝293K充氣后的最小胎壓為Pmin，最大胎壓為Pmax。依題意，當(dāng)T1＝233K時胎壓為P1＝1.6atm。根據(jù)查理定律

，即解得：Pmin＝2.01atm

當(dāng)T2＝363K是胎壓為P2＝3.5atm。根據(jù)查理定律

，即解得：Pmax＝2.83atm

【答案】：Pmax＝2.83atm    Pmax＝2.83atm

12．【解析】（1）設(shè)氣體初態(tài)壓強(qiáng)為p1,體積為V1；末態(tài)壓強(qiáng)為p2,體積為V2，由玻意耳定律

p1V1= p1V1              代入數(shù)據(jù)得p2=2.5 atm                    

 微觀察解釋：溫度不變，分子平均動能不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)增加，所以壓強(qiáng)增加。

        （2）吸熱。氣體對外做功而內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知氣體吸熱。

【答案】分子平均動能不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)增加，所以壓強(qiáng)增加p2=2.5 atm

名校試題

1．【解析】因溫度不變，所以內(nèi)能不變，活塞緩慢向右移動，體積變大，壓強(qiáng)減小，對外界做功，由熱力學(xué)第一定律必吸收熱量，所以選項BD對

【答案】BD

2．【解析】由于不計氣體分子間的作用力，則不考慮分子勢能，氣體分子的內(nèi)能即為分子的總動能。由狀態(tài)A變?yōu)闋顟B(tài)B時，氣體的溫度升高，則內(nèi)能增加，而體積增大，氣體對外做功，據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，物體需要從外接吸收熱量。單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)與兩個因素有關(guān)：分子數(shù)密度和分子的平均速率。氣體的體積增大，分子數(shù)密度跟體積有關(guān)，體積變大，分子數(shù)密度減��；溫度升高，分子的平均速率增大，故而該選項不能確定。氣體溫度升高，分子的平均動能增大，但是并非每個分子的動能都增加，選項C錯誤。由于氣體的體積變大，密度減小，氣體對光的折射率將變小，光在其中的傳播速度會增大，選項D正確。

【答案】AD

3．【解析】氣體分子距離遠(yuǎn)大于分子大小，所以氣體的體積遠(yuǎn)大于所有氣體分子體積之和，A項錯；溫度是物體分子平均動能的標(biāo)志，是表示分子熱運動劇烈程度的物理量，B項正確；氣體壓強(qiáng)的微觀解釋是大量氣體分子頻繁撞擊產(chǎn)生的，C項正確；氣體膨脹，說明氣體對外做功，但不能確定吸、放熱情況，故不能確定內(nèi)能變化情況，D項錯。

【答案】BC

4．【解析】⑴設(shè)密閉氣體溫度升高1℃，內(nèi)能的增量為△U，則有

△U=Q1                                               ①

△U=Q2+W                                            ②

對活塞用動能定理得：

W內(nèi)+W大氣－Gh=0                                       ③

W大氣=－P0Sh                                           ④

W=－W內(nèi)                                                                             ⑤

解②③④⑤得：Q2=△U+（P0S+G）h                      ⑥

∴Q1 ＜Q2                                                                                                                              ⑦

由此可見，質(zhì)量相等的同種氣體，在定容和定壓兩種不同情況下，盡管溫度變化相同，但吸收的熱量不同，所以同種氣體在定容下的熱比容與在定壓下的熱比容不同

⑵解①⑥兩式得：

h=            

【答案】（1）質(zhì)量相等的同種氣體，在定容和定壓兩種不同情況下，盡管溫度變化相同，但吸收的熱量不同，所以同種氣體在定容下的熱比容與在定壓下的熱比容不同

    （2）

5．【解析】1.BCD　

2.（1）ACB過程內(nèi)能增加　  ACB過程中　　W1＝－280J，Q1＝410J

由熱力學(xué)第一定律　UB－UA＝W1＋Q1＝130J　　　                   

   氣體內(nèi)能的變化量為130J

（2）BDA過程中氣體放熱　　　

 因為一定質(zhì)量理想氣體的內(nèi)能只是溫度的函數(shù)，BDA過程中氣體內(nèi)能變化量

　　UA－UB＝－130J　　　　　　又因氣體對外界做功200J

　由熱力學(xué)第一定律　  UA－UB＝W2＋Q2

　Q2＝－330J　　         放出熱量330J

【答案】（1）BCD   （2）330J

6．【解析】(1)ADE

(2)①對于理想氣體：

A→B      ∴     

B→C       ∴ 

②A→C  由溫度相等得：

⑶A→C的過程中是吸熱.吸收的熱量

【答案】（1）ADE   （2）  （3）吸收的熱量

7．【解析】（1）不違反，內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化為電能，而不產(chǎn)生其他影響（2分）.產(chǎn)生電能是因為被火焰加熱的銅鐵絲內(nèi)能的轉(zhuǎn)化（1分），其內(nèi)能一部分轉(zhuǎn)化為電能（1分），一部分傳遞給冰水（1分）

（2）①理想氣體溫度不變，內(nèi)能不變，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知，氣體放熱．   （2分）

②根據(jù)玻意耳定律：     （2分）

活塞移動后氣體的體積為：=25 cm3  

【答案】（1）不違反  （2）25 cm3   

    
   
    
    
    
    
    
     
    （2）根據(jù)熱力學(xué)第一定律   △U=W+Q=－4J  （2分）
    鍋內(nèi)氣體內(nèi)能減少，減少了4J   （2分）
    （3）當(dāng)限壓閥受到的向上的壓力等于限壓閥的重力和大氣壓力的合力時，氣體將排出鍋外，鍋內(nèi)氣體壓強(qiáng)不再升高，壓強(qiáng)達(dá)最大，此時溫度最高。
    鍋內(nèi)最大壓強(qiáng)為                
    代入數(shù)據(jù)得  p=2.4×105  Pa    （1分）
    此時水的沸點  ℃  
    【答案】（1） NA    （2）   減少了4J   （3）℃
    9．【解析】（1）以表內(nèi)氣體為研究對象，初狀態(tài)的壓強(qiáng)為，溫度為
        T1=273+27=300K，設(shè)末狀態(tài)的壓強(qiáng)為p2，溫度為T2=273―21=252K，根據(jù)氣體狀態(tài)方程，有
                                                                         
        解得                                             
        如果手表的表盤玻璃是向內(nèi)爆裂的，則外界的大氣壓強(qiáng)至少為
    ，大于山腳下的大氣壓強(qiáng)（即常溫下大氣壓強(qiáng)），這顯然是不可能的，所以可判斷手表的表盤玻璃是向外爆裂的。
       （2）當(dāng)時外界的大氣壓強(qiáng)為：   
    【答案】（1）手表的表盤玻璃是向外爆裂的
（2）
    10．【解析】（1）取活塞為研究對象，由受力平衡得 …………①
       （2）氣體對外做功 …………②
        由熱力學(xué)第一定律得 …………③
        解得 …………④
       （3）設(shè)活塞回到原位置時，氣體的溫度為T2
        則 …………⑤
        由氣態(tài)方程             …………⑥
        解得      …………⑦
     【答案】 （1） （2）   
    （3）

    考點預(yù)測題
    1．【解析】A、B正確。無論怎樣壓縮，氣體分子間距離一定大于r0，所以氣體分子間一定表現(xiàn)為引力�？諝鈮嚎s到一定程度很難再壓縮不是因為分子斥力的作用，而是氣體分子頻繁撞擊活塞產(chǎn)生壓強(qiáng)的結(jié)果，應(yīng)該用壓強(qiáng)增大解釋，所以C不正確。磁鐵吸引鐵屑是磁場力的作用，不是分子力的作用，所以D也不正確
    【答案】ABD
    2．【解析】1 g水的分子個數(shù)個，則完成任務(wù)所需時間t = =6×1018小時，約為100000年。所以選項C正確。
    【答案】C       
    3．【解析】做功和傳遞熱量都可以使物體的內(nèi)能發(fā)生改變，焦耳實驗中是通過做功來增加水的內(nèi)能，所以選項C正確；就放體內(nèi)能的改變來說，做功和熱傳遞是等效的，這是研究熱功當(dāng)量的前提，通過焦耳實驗可測定熱淚盈眶功當(dāng)量，所以選項A正確，一個物體的內(nèi)能是無法測量的，而在某種過程中物體內(nèi)能的變化卻是可以測定的，熱量就是用來測定內(nèi)能變化的一個物體量，所以選項B和D都錯。                                         
         
    【答案】AC
    4．【解析】研究瓶內(nèi)水量與保溫效果的關(guān)系，則水量變化而其它因素不變，1、3、5滿足要求，而2、4、6時間因素發(fā)生變化，A正確B錯；若研究初始水溫與保溫效果的關(guān)系，則初始水溫不同，其它因素相同，C不滿足要求，錯；若研究保溫時間與保溫效果的關(guān)系，則保溫時間不同其它因素相同，D不能滿足要求。
    【答案】A
    5．【解析】由于兩種狀態(tài)下壓強(qiáng)相等,所以在單位時間單位面積里氣體分子對活塞的總沖量肯定相等，B錯C對；由于b狀態(tài)的溫度比a狀態(tài)的溫度要高，所以分子的平均動量增大，因為總沖量保持不變，因此b狀態(tài)單位時間內(nèi)沖到活塞的分子數(shù)肯定比a狀態(tài)要少，A對；由a到b，氣體溫度升高，內(nèi)能增大，體積增大，對外做功，由熱力學(xué)第一定律可知氣體一定吸熱，D錯。
    【答案】AC
    6．【解析】當(dāng)氣體增大時，氣體對外界做功，當(dāng)氣體減小時，外界對氣體做功；故A選正確；根據(jù)＝常數(shù)，p增大時，V不一定變化，故B選項錯；在V減小的過程中，可能向外界放熱，根據(jù)ΔE＝W＋Q可知，內(nèi)能不一定增大，故C選項錯誤；Q＝0的過程中，W不一定為0，故D選項錯誤�？疾闊崃W(xué)第一定律、氣體壓強(qiáng)、體積、溫度三者的關(guān)系。難度較易。
    【答案】A
    7．【解析】由于是漏氣過程，鋼瓶內(nèi)氧氣分子總數(shù)在減少，但是溫度不變，分子的平均動能不變，（因為溫度是分子平均動能的標(biāo)志），故選項A錯，由于分子數(shù)目的減少，氧氣瓶內(nèi)容積不變，密度必然降低，選項B正確；在溫度不變的情況下，鋼瓶內(nèi)分子數(shù)目減少，相同時間撞擊單位面積的容器壁的分子數(shù)目減少，氧氣分子對鋼瓶壁的壓強(qiáng)將變小。氧氣瓶在緩慢地漏氣過程中，氣體的總體積是變大了，氧氣對外做了功，選項D錯；氧氣對外做了功，自身內(nèi)能將減少，溫度應(yīng)該降低，但是瓶內(nèi)溫度不變，說明必然吸收了外界的熱量，選項C項正確
    【答案】BC
    8．【解析】由受力分析和做功分析知，在氣體緩緩膨脹過程中，活塞與砝碼的壓力對氣體做負(fù)功，大氣壓力對氣體做負(fù)功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律得
    ∆U=W + Q                
　　
    　   　  
    【答案】　　
    9．【解析】此題以煤氣泄漏到不通風(fēng)的廚房是很危險的進(jìn)行設(shè)問，巧妙考查熱學(xué)中理想氣體的等溫、等容規(guī)律，以及改變內(nèi)能的兩種方式。
    (1)居民廚房的體積為V2=24m3=24000L
    設(shè)有V­1升煤氣泄漏出來，將其作為研究對象，它經(jīng)歷等溫過程，泄漏前后的氣壓為P1和P2。由    P1V1=P2V2
    達(dá)到發(fā)生爆炸的氣壓條件是：P2=0.05atm
    V1=P2V2/P1
    代入數(shù)值，得V1=0.05×24000/4.00=300L
    (2)爆炸瞬間氣體來不及外泄，經(jīng)歷的是一個等容過程。
    爆炸前的溫度和壓強(qiáng)力：
    T1=(27+273)K=300K       P1=1.05atm
    爆炸后的溫度和壓強(qiáng)為：T2=(200+273)K=2273K        P2=？
    由等容過程P1/T1=P2/T2
    得  P2=(T2/T1)P1            
    代入數(shù)值，得P2=(2273/300)×1.05atm=7.96atm≈8 atm    
    (3)爆炸時，煤氣將其化學(xué)能轉(zhuǎn)化為氣體的內(nèi)能，爆炸后的氣體將其內(nèi)能通過發(fā)光、推動周圍的空氣膨脹產(chǎn)生聲波、作用于墻壁等方式轉(zhuǎn)移。
    【答案】（1）300L  （2）8 atm
    10．【解析】設(shè)氣壓計玻璃管內(nèi)水銀柱的截面積為S，質(zhì)量為m，儀器艙飛行過程中，艙內(nèi)氣體的溫度為T，壓強(qiáng)為P，對水銀柱應(yīng)用牛頓第二定律有
         ①
    由于儀器艙內(nèi)被封閉氣體的體積不變，故對被封閉氣體在起飛前后的過程應(yīng)用查理定律有：
       ②
    由①得    
    由②得    
    【答案】
    11．【解析】此題以考生較熟悉生活現(xiàn)象為題材，考查平均壓強(qiáng)的概念和動量定理，以及考生的估算能力。以1秒內(nèi)下落的雨滴為研究對象，設(shè)圓柱形水杯的底成積為S，其質(zhì)量為，根據(jù)動量定理，而，所以P=，故選項A正確。
    【答案】A
    12．【解析】（1）本小題是一道聯(lián)系高新科技實際的題目, 考查考生收集、處理信息和獲取新知識的能力，考查對熱力學(xué)第二定律的理解，考查實驗探究能力。
    (1)a. 原子在確定方向上有規(guī)律地排列，在不同方向上原子的排列規(guī)律一般不同。( 3分)
     b. 原子排列具有一定對稱性。
    (2) 制冷機(jī)正常工作時，室內(nèi)工作器從室內(nèi)吸收熱量，同時將冷風(fēng)向室內(nèi)散發(fā), 室外工作器向外散熱。若將一臺正在工作的電冰箱的門打開，盡管它可以不斷地向室內(nèi)釋放冷氣，但同時冰箱的箱體向室內(nèi)散熱，就整個房間來說，由于外界通過電流不斷有能量輸入，室內(nèi)的溫度會不斷升高。 
    【答案】（1）a. 原子在確定方向上有規(guī)律地排列，在不同方向上原子的排列規(guī)律一般不同。 b. 原子排列具有一定對稱性。（2）室內(nèi)的溫度會不斷升高。 
    13．【解析】高壓鍋是現(xiàn)代家庭廚房中常見的炊具之一，以物理角度看：高壓鍋從外形到工作過程都包含有許多的物理知識在里面．高壓鍋的基本原理就是利用增大鍋內(nèi)的氣壓，來提高烹飪食物的溫度，從而能夠比較快的將食物煮熟．
    （1）①水的沸點隨液面上方氣壓的增大而升高； ②力的平衡；
     ③壓強(qiáng) ；④熔點（熔化）．
    （2）高壓鍋一旦安全閥失效，鍋內(nèi)氣壓過大，鍋內(nèi)溫度也隨之升高，當(dāng)溫度達(dá)到易熔片的熔點時，再繼續(xù)加熱易熔片就會熔化，鍋內(nèi)氣體便從放氣孔噴出，使鍋內(nèi)氣壓減小，從而防止爆炸事故發(fā)生．
    （3）
    P＝Po＋Pm＝1．01×105Pa＋＝1．63×105Pa
    由圖像可得鍋內(nèi)最高溫度大約為115℃． 
    若要把這種鍋向西藏地區(qū)銷售，由于西藏大氣壓較小，要使鍋內(nèi)最高溫度仍為115℃，鍋內(nèi)外壓強(qiáng)差變大，應(yīng)適當(dāng)提高鍋的承壓能力，并適當(dāng)增加安全閥的質(zhì)量．
    【答案】（1） 見上  （2）見上    （3）大約為115℃．
    14．【解析】（由于生活周邊人們可以利用的能源不斷的減少，做為新能源的太陽能正逐漸受到人們的關(guān)注，太陽能熱水器就是直接利用太陽光的輻射加熱水的，此過程中將太陽能直接轉(zhuǎn)化為水的內(nèi)能．由于技術(shù)條件的限制，在利用太陽能加熱的過程中還不能做到完全轉(zhuǎn)化，所以太陽能熱水器在利用過程中還有一個效率的問題．
    （1）將100Kg的水從20℃加熱到40℃時，水吸收的熱量為：
    Q＝cm（t－t0）
    ＝4.2×103Ｊ/（Kg•℃）×100 Kg×20℃＝8.4×106Ｊ　
    消耗的電能：
    Ｗ＝Ｑ／η＝8.4×106Ｊ／80%＝1.05×107Ｊ≈3KW•h　
    加熱時間：t＝Ｗ／Ｐ＝3KW•h／1.5ＫＷ＝2h

    (2)
t ＝8.4×106Ｊ／［1.0×103J／（m2 •s）×1.5 m2×40%］ 
    ＝1.4×104s≈4h 
    (3) 通過（1）和（2）的計算說明：電熱水器的優(yōu)點是加熱同樣多的水所需時間短；太陽能熱水器的優(yōu)點是節(jié)約能源．
    【答案】（1）2h  （2）4h  
（3）電熱水器的優(yōu)點是加熱同樣多的水所需時間短；太陽能熱水器的優(yōu)點是節(jié)約能源．
     
     
     
    		
    
	
	
    
		
    


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