20090505

7．D  A，因?yàn)镠SO₃^-電離程度大于水解程度，所以溶液呈酸性。B，NH₃的沸點(diǎn)高于PH₃，主要是因?yàn)镹H₃分子間能形成氫鍵。C，乙烯使溴水褪色是因?yàn)橐蚁┡c溴發(fā)生加成反應(yīng)，而不是氧化還原反應(yīng)。D，說(shuō)法正確。

8．C解析：在A項(xiàng)中，要具體分析氯氣的來(lái)源，不同價(jià)態(tài)的氯元素生成Cl₂，轉(zhuǎn)移電子數(shù)不同。而B項(xiàng)中D₂O的式量為20不是18， 18克的D₂O的物質(zhì)的量小于1摩爾，所以在完全電解時(shí)，轉(zhuǎn)移電子數(shù)應(yīng)小于2×6.02×10²³個(gè)。在C項(xiàng)中，結(jié)構(gòu)單元中Si原子數(shù)=個(gè),O原子16個(gè),每個(gè)單元相當(dāng)于有8個(gè)SiO₂,所以1mol SiO₂有1/8mol結(jié)構(gòu)單元。而在D項(xiàng)中烯烴的最簡(jiǎn)式為CH₂，根據(jù)2個(gè)成鍵電子就有一個(gè)共價(jià)鍵， 14克（CH₂）完全燃燒生成CO₂應(yīng)為44g .

9．C解析:根據(jù)各元素化合價(jià)的奇偶性,A選項(xiàng)中分子H原子數(shù)應(yīng)該為偶數(shù),A不正確.B選項(xiàng)每mol硝苯地平緩釋片在水溶液中最多消耗2mol NaOH,因?yàn)榉肿又兄挥?個(gè)酯基可和NaOH反應(yīng) ,B不正確.C選項(xiàng)說(shuō)法正確.D選項(xiàng)中,-NO₂的化合價(jià)為+5價(jià),-NO₂可看成由HNO₃脫去一個(gè)-OH而形成的.

10．D  裝置A：實(shí)驗(yàn)裝置最簡(jiǎn)單，但沒有尾氣處理裝置，CO有劇毒，實(shí)驗(yàn)將極不安全。裝置B：設(shè)計(jì)較合理，注意到了要將尾氣中的CO回收，但回收氣球充氣后會(huì)有一定氣壓，尾氣通過不順暢：裝置C：設(shè)計(jì)合理，尾氣中的CO可燃去，實(shí)驗(yàn)安全，但要多用一盞酒精燈，消耗能源較多。裝置D：設(shè)計(jì)更合理，尾氣中的CO可燃燒，產(chǎn)生的熱能還可用于加熱，節(jié)約能源。

11．A溶質(zhì)的摩爾質(zhì)量=，此式只有V是未知的，而溶液質(zhì)量為：（m+n-x）g，只溶液的密度就可求出溶液體積V，從而計(jì)算出溶質(zhì)的摩爾質(zhì)量了。

12．B  由圖知O―t₁段陰陽(yáng)兩極產(chǎn)生的氣體的量相同，所以電解的是HCl，t₁―t₂段陰陽(yáng)兩極產(chǎn)生的氣體的量不同，說(shuō)明氯化氫電解完又電解的是水，所以pH先增大后減小，因?yàn)槿芤褐泻�有硫酸，所以pH不能為7。

13．D解析：A項(xiàng)電荷不守恒；B項(xiàng)澄清石灰水中的Ca（OH）₂應(yīng)拆開；在C項(xiàng)中，銨明礬即硫酸鋁銨溶液中加入過量的氫氧化鋇溶液，是沒有離子消去的，反應(yīng)式左邊SO₄^2-與Al³⁺、NH₄⁺的系數(shù)比應(yīng)為2:1。D項(xiàng)離子反應(yīng)式正確。

14．答案：B  解析：氫原子光譜是分立的明線光譜，太陽(yáng)光譜是連線的，A錯(cuò)。根據(jù)能級(jí)公式，代入n=4，得到12.75，B正確。原子彈爆炸釋放的能量是核能，即原子核內(nèi)的核子的結(jié)合能，而不是原子間的結(jié)合能。原子間的結(jié)合能，也叫化學(xué)能。C錯(cuò)誤。核力有引力，也有斥力，其作用距離為10^-15m。D錯(cuò)誤。

15．C ：若小球沒有離開斜面，則上升的最大高度等于v²/2g；若小球沖出了斜面做斜拋運(yùn)動(dòng)，則上升到最高點(diǎn)時(shí)速度方向水平，仍具有一定動(dòng)能，因此重力勢(shì)能小于初動(dòng)能，高度小于v²/2g。選C。

16．BCD解析：在水中的潛水員斜向上看岸邊的物體時(shí),看到的物體將比物體實(shí)際的位置高;水中的氣泡看上去特別亮是因?yàn)榘l(fā)生全反射的緣故;光線通信是利用全反射,所以B正確;根據(jù)折射定律可知D也正確

17．B  解析：首先寫出橡皮條的個(gè)數(shù)與加速度a的關(guān)系式，由牛頓第二定律可得：

，則，則，所以直線與水平軸間夾角θ與物體所在平面的材料無(wú)關(guān)，B正確。

18．D  首先進(jìn)行受力分析, ,化簡(jiǎn)函數(shù)

因?yàn)?sub>,,所以

當(dāng)B順時(shí)針逐漸旋轉(zhuǎn)時(shí),從45⁰逐漸減小,所以從大于90⁰開始減小,

所以先增大后減小,B先減小后增大

19．ABC  由 ,得到

       粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng),可以判斷,可得

       根據(jù)洛倫次力提供向心力 ,可以推出圓周運(yùn)動(dòng)半徑為

       根據(jù)電場(chǎng)力向上,所以從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程中微粒的電勢(shì)能先增大后減小; 電勢(shì)能加重力勢(shì)能再加粒子的動(dòng)能守恒,所以B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程中電勢(shì)能和重力勢(shì)能之和不變.

20．AC 

       ，所以A正確

       ，所以B錯(cuò)誤

       電容器帶電量，所以C正確

       若在eO間連接一個(gè)電壓表,則電壓表的內(nèi)部電路形成回路，所以電壓表有示數(shù)。

21．BD  解析：由公式可知其周期為1s,由運(yùn)動(dòng)的周期性可知A選項(xiàng)錯(cuò)誤,經(jīng)過0.25s時(shí),x=-1的振動(dòng)形式傳到a點(diǎn),而a點(diǎn)的振動(dòng)形式傳到b點(diǎn),所以D答案正確

評(píng)析：本題要注意振動(dòng)形式的傳播和波的周期性

22．Ⅰ．（9分）（1）天平，刻度尺（2分）

   （2）沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量（2分），  平衡摩擦力（2分）

   （3）（3分）

Ⅱ．（11分） （1）（2分）應(yīng)該畫出R-1/I圖像

   （2）如圖所示（2分）

   （3）6.0（5.8~6.2都給分）（1分），

2.0（1.8~2.2都給分）（2分）

   （4） =，>（4分）

23．.解：由于木塊與斜面間有摩擦力的作用，

所以小球B與木塊間有壓力的作用，

并且它們以共同的加速度a沿斜面向下運(yùn)動(dòng)．

將小球和木塊看作一個(gè)整體，

設(shè)木塊的質(zhì)量為M，根據(jù)牛頓第二定律可得

（3分）

   代入數(shù)據(jù)得   （3分）

    選小球?yàn)檠芯繉?duì)象，設(shè)MN面對(duì)小球的作用力為N，

      根據(jù)牛頓第二定律有                           （3分）

       代入數(shù)據(jù)得                                             （2分）

      根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)�MN面的壓力大小為6.0N，方向沿斜面       （1分）

24．解：（1）設(shè)小物塊向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小為v₁，由平衡條件有

                                 ①（2分）

       設(shè)小物塊在向右運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力做的功為W，由動(dòng)能定理有

                                    ②（2分）

       由①②式解得                 ③

                           ④（3分）

   （2）設(shè)小物塊返回時(shí)在磁場(chǎng)中勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為v₂，與右端擋板碰撞過程損失的機(jī)械能為，則有

                                              ⑤（2分）

                                     ⑥（2分）

由③⑤⑥式解得                   ⑦（2分）

   （3）設(shè)最終小物塊停止的位置在板上C點(diǎn)左側(cè)x距離處，由能量守恒定律有

                                       ⑧（2分）

由⑤⑧式解得                     ⑨（3分）

25．（1）    W_a=m_agd =1.0J                      2分

W_b=m_bgd =0.5J                      2分

   （2）b在磁場(chǎng)中勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)：速度為,總電阻R₁=7.5Ω

      b中的電流                ① 2分

      由以上各式得：        ②2分

      同理，a棒：           ③ 2分

      由以上各式得，               ④2分

                                 ⑤2分

                                   ⑥2分

                          ⑦ 1分

                                ⑧1分

       由④⑤⑥⑦⑧得 H_a=            ⑨ 2分   

       H_b=m            ⑩  2分

26．解析：（1）導(dǎo)管是長(zhǎng)管進(jìn)氣還是短管進(jìn)氣，由實(shí)驗(yàn)?zāi)康暮臀镔|(zhì)性質(zhì)決定的，左瓶收集氯氣，排出食鹽水，氯氣密度小于食鹽水，所以必須短管進(jìn)氣，長(zhǎng)管導(dǎo)出液體；而右瓶收集食鹽水，將其中空氣排出來(lái)，必須長(zhǎng)管進(jìn)氣，短管出氣。

   （2）依據(jù)圖Ⅱ知，多孔球泡與液體接觸面大，氣與液反應(yīng)的速率還與接觸面有關(guān)。本題易錯(cuò)答為防倒吸，實(shí)際上，氯氣與氫氧化鈉溶液反應(yīng)得較慢，不必防倒吸。

   （3）飽和食鹽水能吸收氯化氫，降低氯氣的溶解度，利用平衡移動(dòng)原理解釋。

   （4）關(guān)鍵是收集氯氣不是排空氣法，所以氯氣濕潤(rùn)。易受“干燥”影響，錯(cuò)答成無(wú)現(xiàn)象。

   （5）液體是否流下用大氣壓原理分析，分液漏斗的結(jié)構(gòu)和使用方法這個(gè)細(xì)節(jié)需要實(shí)驗(yàn)時(shí)體會(huì)，多數(shù)同學(xué)會(huì)認(rèn)為“蓋了蓋子”，因?yàn)闈恹}酸易揮發(fā)，所以必須蓋蓋子，防揮發(fā)。鹽酸與二氧化錳反應(yīng)的條件是加熱，鹽酸必須達(dá)到一定濃度才能反應(yīng)，如果濃度小，反應(yīng)會(huì)停止。

   （6）反應(yīng)后一定有二氯化錳剩余，也必含氯離子；氫氧化錳是難溶性堿，二氯化錳水解呈酸性；鹽酸剩余并不能說(shuō)明二氧化錳反應(yīng)完，稀鹽酸不與二氧化錳反應(yīng)，所以二者可能都沒有反應(yīng)完。

答案：（1）補(bǔ)畫導(dǎo)管（1分）  氯氣密度比飽和食鹽水的小，氣排液（1分） 

   （2）增大氯氣與氫氧化鈉溶液的接觸面，反應(yīng)速率增大（1分）  作為消毒液（1分） 

   （3）氯氣溶于水達(dá)到化學(xué)反應(yīng)平衡：Cl₂ +H₂O H⁺+Cl^-+HCIO，根據(jù)平衡移動(dòng)原理，增大氯離子濃度，抑制了氯氣溶解生成鹽酸和次氯酸（2分）

   （4）先變紅色，后褪色  用排飽和食鹽水法收集的氯氣中含有水蒸氣，它們反應(yīng)生成鹽酸和次氯酸（2分）  （5）①分液漏斗上部蓋子孔槽與分液漏斗的孔槽沒有對(duì)齊或燒瓶?jī)?nèi)氣壓大于液體重力 （2分） ②鹽酸濃度�。�2分）  （6）A、C（2分）

27．解析: （I）本題根據(jù)平衡移動(dòng)原理（勒夏特列原理）分析理解外界條件（濃度、溫度、壓強(qiáng)、催化劑等）的改變對(duì)化學(xué)平衡的影響。（1）將3 molH₂和1 molN₂迅速充入A內(nèi)，氣體的壓強(qiáng)迅速增大，故使活塞向下運(yùn)動(dòng)。壓強(qiáng)增大，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，使混合氣體的物質(zhì)的量減少，故活塞又慢慢上升，H₂的轉(zhuǎn)化率和N₂的轉(zhuǎn)化率都增大.

   （2）溫度升高，氣體體積增大，同時(shí)化學(xué)平衡3H₂（g）+N₂（g）2NH₃（g）向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，氣體的物質(zhì)的量增大，使活塞下滑。

   （II）（1）新原子中子數(shù)與質(zhì)子數(shù)之差=297-118-118=61

   （2）氫可與金屬化合顯示-1價(jià)

   （3）模仿Si與NaOH溶液反應(yīng)

   （4）由圖可知，每個(gè)結(jié)構(gòu)單元中含碳原子數(shù)：8×1/8+6×1/2=4，所以在720克即1摩爾C₆₀的晶體中含有的該模型為6.02×10²³/4。

答案（I） 

   （1）活塞先向下運(yùn)動(dòng)，后緩慢向上運(yùn)動(dòng)（2分）。  增大（2分）

   （2）①根據(jù)平衡移動(dòng)原理，升溫平衡逆向移動(dòng)，導(dǎo)致氣體物質(zhì)的量增大，從而壓強(qiáng)增大 （2分）

      ②升高溫度，氣體本身受熱膨脹，從而壓強(qiáng)增大（2分）

   （II）

   （1）61（2分）；

   （2）NaH（或LiH等）       （2分）；    

   （3）2B+2OH^-+2H₂O=2BO₂^-+3H₂↑  （寫化學(xué)方程式也給分）（2分）

   （4）6.02×10²³/4個(gè)（2分）

28．解析:（1）由題給信息可知,該城市交通發(fā)展迅速,汽車尾氣污染是一個(gè)不可忽視的問題.

   （2）環(huán)保人士對(duì)環(huán)保問題的認(rèn)識(shí)要優(yōu)于普通居民,所以大氣主要有害成分為SO₂

   （3）SO₂溶于水形成的H₂SO₃能被空氣中的氧氣氧化成H₂SO₄,使酸雨的酸性增強(qiáng).

   （4）①根據(jù)反應(yīng)式:I₂+SO₂+H₂O=H₂SO₄+2HI

            n=800次

       ②從反應(yīng)的充分性,氣密性等方面考慮

       ③抽氣次數(shù)多少與吸收液的量多少和吸收容器的大小有關(guān)

       （5） ③煙囪高,不能減少污染物排放總量

       答案:

   （1）機(jī)動(dòng)車尾氣污染；（2分）

   （2）SO₂（2分）

   （3）雨水中的H₂SO₃逐漸被空氣中的氧氣氧化成H₂SO₄（2分）

   （4）①800次（4分）

②抽氣速度過快，或裝置氣密性較差（2分）

③將50mL5×10^-4mol/L的碘溶液的體積減小為5mL，并將廣口瓶改為試管（4分）

   （5） ①②④ （2分）

29．解析：（1）題中，蜂皇酸Q由C、H、O三種元素組成，且C、H、O三種元素的原子個(gè)數(shù)比為10∶16∶3，且其相對(duì)子質(zhì)量不大于200，所以可以確定其分子式為：C₁₀H₁₆O₃

   （2）發(fā)生氧化反應(yīng)的官能團(tuán)是被KMnO₄（H^＋）氧化的C=C

   （3）由題中“1 mol Q需要1 mol NaOH 完全中和，1 mol Q可以和1 mol Br₂ 加成”知，其結(jié)構(gòu)中含 -COOH和C==C，由分子式還可知含有一個(gè)不飽和結(jié)構(gòu)，應(yīng)為C=O,Q經(jīng)NaBH₄還原、H₂ /Ni加成得B的結(jié)構(gòu)為:或

（4）由C→D推知D為：所以符合條件的有兩種：

答案:

   （1）C₁₀H₁₆O₃  （4分）              （2）     （2分）

   （4）                                                            （4分） 

30．（24分）

Ⅰ．（除注明外，每空1分，共16分）

   （1）生物固氮  異養(yǎng)需氧型  有固氮基因  拌種  菌劑  （2）化能合成作用  生產(chǎn)者 

（3）呼吸  硝化  反硝化  （4）⑥⑧（不全不給分）  （5）必需氨基酸  （6）   蛋白質(zhì)由氨基酸組成，相同質(zhì)量的蛋白質(zhì)與三聚氰胺相比，其含氮量較低，因此，三聚氰胺會(huì)使得食品的蛋白質(zhì)測(cè)試含量偏高，從而使劣質(zhì)食品通過食品檢驗(yàn)機(jī)構(gòu)的測(cè)試（答案合理即可得2分）   化學(xué)致癌因素 

解析：大氣中的N₂進(jìn)入生物群落的主要途徑是生物固氮，圓褐固氮菌的代謝類型為異養(yǎng)需氧型，它能固氮的根本原因是具有固氮基因，從而控制合成固氮酶。硝化細(xì)菌可通過硝化作用將NH₃先轉(zhuǎn)化為NO₂^―再轉(zhuǎn)化為NO₃^―，其同化作用方式為化能合成作用，它可利用無(wú)機(jī)物合成有機(jī)物，因此在生態(tài)系統(tǒng)中的成分是生產(chǎn)者。疏松土壤可增加土壤中的氧氣量，可促進(jìn)植物根細(xì)胞的呼吸作用，增強(qiáng)對(duì)礦質(zhì)離子的吸收，也可促進(jìn)硝化細(xì)菌的硝化作用，抑制反硝化細(xì)菌的反硝化作用，這些過程都可以促進(jìn)植物對(duì)N的吸收。當(dāng)人體內(nèi)糖類和脂肪的攝入量都不足時(shí)，蛋白質(zhì)的分解利用會(huì)增加，即圖中的⑥⑧過程。通過轉(zhuǎn)氨基作用只能合成非必需氨基酸，人體還必需從食物中攝取必需氨基酸，否則會(huì)導(dǎo)致營(yíng)養(yǎng)不良。構(gòu)成蛋白質(zhì)的氨基酸中的含氮量與三聚氰胺相比低得多，這是誘使不法商入為提高產(chǎn)品中蛋白質(zhì)含量而摻加三聚氰胺的理論依據(jù)。

II．（8分）⑴在適宜條件下葉圓片進(jìn)行光合作用，釋放的O₂多于有氧呼吸消耗的O₂，葉細(xì)胞間隙中的O₂增加，使葉圓片浮力增大（2分）      

⑵蒸餾水中缺乏CO₂和O₂，葉圓片不能光合作用和有氧呼吸，其浮力基本不變（2分）   

⑶①取相同重量、相同生長(zhǎng)狀況的爬山虎和石榴的新鮮葉片，置于密閉的透明玻璃容器中，在相同適宜光照、溫度等條件下測(cè)定其各自的C O₂吸收速率（或者O₂的釋放速率），并進(jìn)行比較（或者其它合理答案，2分）  

       ②取兩種植物的葉片做成切片，在顯微鏡下觀察其各自葉橫切面，比較兩者葉細(xì)胞間隙的大�。�2分）

       解析：本題考查影響植物光合作用的因素。植物進(jìn)行光合作用需要適宜的溫度、光照強(qiáng)度及CO₂濃度等外界條件，同時(shí)還受細(xì)胞本身的結(jié)構(gòu)、生理功能等影響（如色素種類、含量等）。若要比較兩種細(xì)胞的結(jié)構(gòu)，通�？衫�用顯微鏡進(jìn)行觀察。

31．（18分）（1）純種殘翅果蠅與純種長(zhǎng)翅果蠅（1分）   控制果蠅翅型的基因位于X染色體上（1分）  一種雜交的后代全為長(zhǎng)翅，另一種雜交后代中的雌性為長(zhǎng)翅、雄性為殘翅（2分）   （2）①乙管中的剛毛型果蠅與截毛型果蠅各為一種性別（2分）  ②乙管中的剛毛型果蠅與截毛型果蠅各有不同性別（2分）   （3）①不可遺傳變異（1分）   僅僅是由于環(huán)境因素的影響造成的，遺傳物質(zhì)并沒有發(fā)生改變（1分）  

②方法步驟：

第一，用該未知基因型黃色果蠅與正常黃色果蠅yy交配（2分）

第二，將這些卵孵化出的幼蟲用不含有銀鹽的飼料飼養(yǎng)，其它條件均為適宜條件（2分）

第三，待幼蟲羽化成成蟲后，觀察其顏色（2分）

結(jié)果預(yù)測(cè)及結(jié)論：如果后代中出現(xiàn)了褐色果蠅，則說(shuō)明所檢測(cè)的果蠅為“表型模寫”，如果后代全為黃色，則說(shuō)明所測(cè)黃色果蠅的基因型是yy，而不是“表型模寫” （2分）

解析：若要進(jìn)行雜交實(shí)驗(yàn)，應(yīng)選用一對(duì)相對(duì)性狀的兩個(gè)純合品種作為親本，對(duì)于核基因控制的性狀遺傳，正交與反交產(chǎn)生的子代表現(xiàn)型相同，則該對(duì)基因位于常染色體上，反之，則位于X染色體上。由位于X染色體上的一對(duì)基因控制的性狀遺傳，用純合親本進(jìn)行正交和反交實(shí)驗(yàn)，其中有一種交配方式的后代只有一種表現(xiàn)型，則該種表現(xiàn)型為顯性�！氨硇湍�寫”造成的變異僅僅是由環(huán)境因素的影響造成的，遺傳物質(zhì)并沒有發(fā)生改變，因此為不可遺傳的變異。欲確定某個(gè)體的基因型，可通過測(cè)交實(shí)驗(yàn)進(jìn)行研究，值得注意的是，實(shí)驗(yàn)過程中對(duì)生物的培養(yǎng)環(huán)境應(yīng)避免使其接觸造成“表型模寫”的相關(guān)因素，如題中的“含有銀鹽的飼料”。對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的預(yù)測(cè)應(yīng)合理地考慮各種可能的結(jié)果，力求全面、科學(xué)。