Question

如圖所示，豎直平面內(nèi)有光滑且不計(jì)電阻的兩道金屬導(dǎo)軌，寬都為L，上方安裝有一個(gè)阻值R的定值電阻．兩根質(zhì)量都為m，電阻都為r，完全相同的金屬桿靠在導(dǎo)軌上，金屬桿與導(dǎo)軌等寬且與導(dǎo)軌接觸良好，虛線下方的區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B．
（1）將金屬桿1固定在磁場邊界下側(cè)．金屬桿2從磁場邊界上方靜止釋放，進(jìn)入磁場后恰作勻速運(yùn)動(dòng)，求金屬桿2釋放處離開磁場邊界的距離h₀．
（2）將金屬桿1固定在磁場邊界下側(cè)．金屬桿2從磁場邊界上方h（h＜h₀）高處靜止釋放，經(jīng)過一段時(shí)間后再次勻速，此過程流過電阻R的電量為q，則此過程整個(gè)回路中產(chǎn)生了多少熱量？
（3）金屬桿2從離開磁場邊界h（h＜h₀）高處靜止釋放，在進(jìn)入磁場的同時(shí)靜止釋放金屬桿1，兩金屬桿運(yùn)動(dòng)了一段時(shí)間后都開始了勻速運(yùn)動(dòng)，試求出桿2勻速時(shí)的速度是多少？并定性畫出兩桿在磁場中運(yùn)動(dòng)的v-t圖象（兩個(gè)電動(dòng)勢分別為ε₁、ε₂不同的電源串聯(lián)時(shí)，電路中總的電動(dòng)勢ε=ε₁+ε₂）．

Answer 1

分析：（1）金屬桿2在沒進(jìn)入磁場時(shí)，機(jī)械能守恒，據(jù)此求出金屬棒2進(jìn)入磁場時(shí)的速度，由于進(jìn)入磁場時(shí)勻速運(yùn)動(dòng)，因此安培力等于重力，據(jù)此可解得結(jié)果．
（2）當(dāng)金屬棒2從小于h₀處下落時(shí)，進(jìn)入磁場時(shí)，先做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，然后勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)流過導(dǎo)體電量求出導(dǎo)體棒2在磁場中下落的距離，然后根據(jù)功能關(guān)系求解回路中產(chǎn)生的熱量．
（3）對(duì)兩棒受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列出方程，可以判斷出兩棒的運(yùn)動(dòng)情況相同，只是初速度不同，寫出速度表達(dá)式即可進(jìn)一步得出速度-時(shí)間圖象．

解答：解：（1）勻速時(shí)：mg=FA=

B2L2v

R+2r

           ①
磁場外下落過程，根據(jù)機(jī)械能守恒有：mgh0=

1

2

mv2     ②
得：h0=

m2g(R+2r)2

2B4L4

故金屬桿2釋放處離開磁場邊界的距離h0=

m2g(R+2r)2

2B4L4

．
（2）設(shè)流過電量q的過程中，金屬桿1在磁場中下落H過程中有：
q=It=

△Φ

tR

t=

△Φ

R+2r

=

BLH

R+2r

  ③
由動(dòng)能定理得：
mg(h+H)-Q總= 

1

2

mv2-0     ④
由①③④得：Q總= mgh+

mgq(R+2r)

BL

-

m3g2(R+2r)2

2B4L4

故該過程整個(gè)回路中產(chǎn)生熱量為：Q總= mgh+

mgq(R+2r)

BL

-

m3g2(R+2r)2

2B4L4

．
（3）因?yàn)閔＜h₀，所以金屬桿1進(jìn)入磁場后先加速，加速度向下
由于兩金屬桿流過電流相同，所以F_A相同
對(duì)金屬桿1有mg-F_A=ma₁
對(duì)金屬桿2有mg-F_A=ma₂
發(fā)現(xiàn)表達(dá)式相同，所以兩金屬桿加速度a₁和a₂始終相同，兩金屬桿速度差值也始終相同
設(shè)勻速時(shí)速度分別為v₁、v₂，有
v2-v1=

2gh

-0    ⑤
又：E=BLv₁+BLv₂
都勻速時(shí)：mg=FA=

B2L2(v1+v2)

R+2r

   ⑥
聯(lián)立⑤⑥得：v2=

1

2

(

mg(R+2r)

B2 L2

+

2gh

)
故桿2勻速時(shí)的速度是：v2=

1

2

(

mg(R+2r)

B2 L2

+

2gh

)．

兩桿在磁場中運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如下所示：

點(diǎn)評(píng)：解答這類問題的關(guān)鍵是弄清電路結(jié)構(gòu)，正確分析安培力，然后根據(jù)牛頓第二定律或者功能關(guān)系求解．