1．如圖，A、B是一條電場線上的兩個點，一個不計重力的帶負(fù)電荷的粒子，僅在電場力作用下以一定的初速度從A點沿電場線運動到B點，其速度v、加速度a、電勢能Ep、總能量E和時間t的關(guān)系圖象分別如下圖所示，其中錯誤的圖象是（　�。�
A．B．
C．D．

分析 電場線的疏密表示場強的大小，沿電場線方向電勢逐漸降低．速度--時間圖象中，圖象的斜率表示加速度，根據(jù)其v-t圖象知道粒子的加速度逐漸增大，速度逐漸減小，所以電場力做負(fù)功，且電場力逐漸變大．

解答 解：A、由圖可知，電場線的方向向右，而負(fù)電荷受到的電場力的方向與電場的方向相反，所以負(fù)電荷受到的電場力的方向向左，負(fù)電荷做減速運動；
由圖象知B處電場線密，場強大，所以負(fù)電荷在A處受到的電場力小，在B處受到的電場力大，負(fù)電荷由A運動到B的過程中，受到的電場力逐漸增大，由牛頓第二定律可知，負(fù)電荷的加速度逐漸增大，受到的變化率增大，所以負(fù)電荷做加速度增大的減速運動．故A正確；B正確；
C、負(fù)電荷受到的電場力的方向向左，所以負(fù)電荷由A向B運動的過程中電場力做負(fù)功，電荷的電勢能增大．故C錯誤；
D、在電荷運動的過程中由于只有電場力做功，所以負(fù)電荷的總能量保持不變．故D正確．
本題選擇錯誤的，故選：C

點評 理解電場線的特點：認(rèn)為引入的假想曲線，電場線的疏密表示場強的大小，沿電場線方向電勢逐漸降低．速度--時間圖象的應(yīng)用和電場線的相關(guān)知識，要明確斜率的含義，要能根據(jù)圖象判斷物體的運動情況，進而分析受力情況．能根據(jù)電場線的分布判斷電場強度的大小．難度適中

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B．當(dāng)“繩”搖到最低點時，“繩”受到的安培力最大
C．當(dāng)“繩”搖到最高點時，“繩”中電流最大
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（1）汽車的加速度多大？
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16．勻速（率）圓周運動是圓周運動的特例，更普遍情況應(yīng)屬于非勻速圓周運動．做這種圓周運動的物體，向心加速度公式仍然適用，但在運動中不僅需要向心加速度不斷改變其運動方向，而且有沿切線方向的加速度不斷改變其線速度大�。ㄓ捎诰�速度大小不斷改變，其向心加速度的大小不是定值）．顯然非勻速圓周運動加速度a=$\sqrt{{{a}_{n}}^{2}+{{a}_{t}}^{2}}$，其所受合外力也不指向圓心，如果-小球在水平面內(nèi)沿半徑為R的圓周按路程s=v0t-$\frac{1}{2}$kt2（v0、k為常數(shù)）運動，求：
（1）在t時刻，小球運動的合加速a=？
（2）t為何值時，a=k．
（3）當(dāng)a=k時，小球轉(zhuǎn)過的圈數(shù)n=？

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6．如圖所示，長L=1.6m，質(zhì)量M=3kg的木板靜放在光滑水平面上，質(zhì)量m=1kg的小物塊放在木板的右端，木板和小物塊間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，相對木板施加一水平向右的拉力F，取g=10m/s2，求：
（1）使物塊不掉下去的最大拉力F；
（2）如果拉力F=10N恒定不變，試分析小物塊滑離木板前小物塊和木板的運動情況；
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13．如圖所示，質(zhì)量分別為m和2m的甲、乙兩物體放在傾角為θ的光滑斜面上，用手擋住甲物體使兩物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，這時甲對乙的作用力大小為2mgsinθ，若松手使兩物體下滑，則乙對甲的作用力大小為0．

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6．如圖所示，長木板放置在水平面上，一小物塊置于長木板的中央，長木板和物塊的質(zhì)量均為m，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ，木板與水平面間動摩擦因數(shù)為$\frac{μ}{3}$，已知最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，重力加速度為g．現(xiàn)對物塊施加一水平向右的拉力F，則木板加速度多大？
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根據(jù)牛頓第二定律，有：μmg-$\frac{1}{3}$μ•2mg=ma，
解得a=$\frac{1}{3}$μg
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7．如圖所示為一架小型四旋翼無人機，它是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，目前正得到越來越廣泛的應(yīng)用．無人機的質(zhì)量為m=2kg，運動過程中所受空氣阻力大小恒為f=4N，當(dāng)無人機在地面上從靜止開始，以最大升力豎直向上起飛，經(jīng)時間t=4s時離地面的高度為h=48m．當(dāng)無人機懸停在距離地面高度H=180m時，由于動力設(shè)備故障，無人機突然失去全部升力，從靜止開始豎直墜落，經(jīng)5s后無人機瞬間又恢復(fù)最大升力．g取10m/s2．求：
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