Question

如圖所示，滑塊A的質量m=0.01kg，與水平地面間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，用細線懸掛的若干小球質量均為m=0.01kg，沿x軸排列，A與第1個小球及相鄰兩小球間距離均為s=2m，線長分別為L₁，L₂，L₃…（圖中只畫出三個小球，小球均可視為質點），開始時，滑塊以速度v₀=10m/s沿x軸正方向運動，設滑塊與小球碰撞時不損失機械能，碰撞后小球均恰能在豎直平面內做圓周運動并再次與滑塊正碰（g取10m/s²），求：
（1）第1個小球碰撞后瞬間的速度；
（2）滑塊能與幾個小球碰撞？
（3）求出碰撞中第n個小球懸線長L_n的表達式．

Answer 1

分析：（1）因為小球恰能做圓周運動，求出最高點的臨界速度，通過機械能守恒定律求出最低點的速度，根據(jù)牛頓第二定律求出懸線對小球的拉力大�。�
（2）通過動能定理求出滑塊能夠向前滑動的距離，結合兩球間的距離確定碰撞球的個數(shù)．
（3）根據(jù)牛頓第二定律求出最高點的臨界速度，通過機械能守恒定律求出最低點的速度，結合動能定理求出碰撞中第n個小球懸線長L_n的表達式．

解答：解：（1）設滑塊與第1只小球碰前的速度為v₁，由于滑塊與小球碰撞后速度交換，即碰撞后小球速度為v₁，滑塊靜止．
對滑塊，根據(jù)牛頓定律有：ma=-μmg
a=

-μmg

m

=-μg=-0.2×10=-2m/s2
滑塊與第1個小球碰撞前瞬間的速度v₁：

v

2 1

-

v

2 0

=2as
聯(lián)立以三各式，代入數(shù)據(jù)解得：v1=2

23

m/s
 由于滑塊與小球碰撞后速度交換，即碰撞后小球速度為v₁，滑塊靜止．
 （2）滑塊與第1只小球碰撞后互換速度，滑塊靜止，小球在豎直平面內做圓周運動，當小球回到最低點時，再次與滑塊碰撞，小球又靜止，滑塊向前運動，接著與第2只、第3只等小球發(fā)生類似作用．設滑塊能與n只小球發(fā)生碰撞，與第1、2、3…n只小球碰撞前速度分別為v₁、v₂、v₃…v_n，與第n只小球碰撞后滑行的距離△s后靜止，滑行總距離為s₀，根據(jù)動能定理有：-μmgs0=0-

1

2

m

v

2 0

，
代入數(shù)據(jù)解得：s₀=25m
n=

25

2

=12.5
所以滑塊能夠與小球碰撞12次．
（2）設滑塊與第n個小球碰撞后，小球速度為v_n，運動到最高點時速度為v_n′，由于小球恰能在豎直平面內完成完整的圓周運動，
所以，據(jù)牛頓定律有：mg=

mvn′2

Ln

小球做圓周運動時機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律有：

1

2

m

v

2 n

=

1

2

mvn′2+2mgLn
對滑塊，根據(jù)動能定理，有：-μmg?ns=

1

2

m

v

2 n

-

1

2

m

v

2 0

聯(lián)立以上三式，代入數(shù)據(jù)解得：L_n=（2-0.16n）m
答：（1）第1個小球碰撞后瞬間的速度為v1=2

23

m/s．
（2）滑塊能與12個小球碰撞．
（3）碰撞中第n個小球懸線長L_n的表達式L_n=（2-0.16n）m．

點評：本題綜合考查了牛頓第二定律、動能定律、機械能守恒定律等規(guī)律，綜合性較強，對學生的能力要求較高，需加強這方面的訓練．