11.如圖,從陰極K發(fā)射的熱電子,重力和初速均不計(jì),通過加速電場(chǎng)后,沿圖示虛線垂直射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū),磁場(chǎng)區(qū)域足夠長(zhǎng),寬度為L(zhǎng)=2.5cm.已知加速電壓為U=182V,磁感應(yīng)強(qiáng)度B=9.1×10-4T,電子的電量e=1.6×10-19,電子質(zhì)量m=9.1×10-31kg.
求:(1)電子進(jìn)入磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)速度
(2)電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)半徑R和時(shí)間t(結(jié)果保留π)
(3)若加速電壓大小可以改變,其他條件不變,為使電子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng),加速電壓U應(yīng)滿足什么條件?

分析 (1)應(yīng)用動(dòng)能定理電子解出穿出電場(chǎng)時(shí)的速度.
(2)電子進(jìn)入磁場(chǎng)后發(fā)生偏轉(zhuǎn),做勻速圓周運(yùn)動(dòng),由洛倫茲力提供向心力,根據(jù)牛頓第二定律求解在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑R.先根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)求得電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期T.畫出軌跡,由幾何知識(shí)求出電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角θ,由t=$\frac{θ}{2π}$T求解在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t.
(3)為使電子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng),電子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角必須最大,最大圓心角為180°,軌跡恰好與磁場(chǎng)右邊界相切,求得軌跡半徑,根據(jù)上題的結(jié)果即可求解.

解答 解:(1)加速電場(chǎng)中由動(dòng)能定理得:
 eU=$\frac{1}{2}$mv2-0,
代入數(shù)據(jù)解得:v=8×106m/s;
(2)磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng),由牛頓第二定律得:
 evB=m$\frac{{v}^{2}}{R}$,
代入數(shù)據(jù)解得:R=0.05m,
電子磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期:T=$\frac{2πR}{v}$=$\frac{2π×0.05}{8×1{0}^{6}}$=$\frac{π}{8}$×10-7s,
由幾何關(guān)系 sinθ=$\frac{L}{R}$=$\frac{2.5cm}{5cm}$=$\frac{1}{2}$,
得:θ=30°,
故電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為:t=$\frac{30°}{360°}$T=$\frac{1}{12}$T=$\frac{π}{96}$×10-7s;
(3)電子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)時(shí),圓心角 θ=180°
當(dāng)運(yùn)動(dòng)軌跡恰與磁場(chǎng)右界相切時(shí),R=L=2.5cm=0.025m
依題意有:R≤0.025m
由 R=$\frac{mv}{eB}$,v=$\sqrt{\frac{2eU}{m}}$
解得:U=$\frac{e{B}^{2}{R}^{2}}{2m}$,
代入解得:U≤45.5V
答:(1)電子進(jìn)入磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)速度是8×106m/s.
(2)電子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑R是0.05m,電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t是$\frac{π}{96}$×10-7s.
(3)為使電子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng),加速電壓U應(yīng)滿足的條件是:U≤45.5V.

點(diǎn)評(píng) 電子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問題也可以用牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解.
電子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問題,我們要從定圓心,找半徑,畫軌跡這些步驟入手,根據(jù)題意找出可能出現(xiàn)的情況去研究.其中圓周半徑R是橋梁,一方面聯(lián)系了m、v、B、q物理量,另一方面聯(lián)系了圖中的幾何關(guān)系.

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