Question

如圖，在四棱錐P-ABCD中，底面ABCD是邊長為2的正方形，PD⊥底面ABCD，PD=DC，點E是PC的中點，點F在PB上，EF⊥PB．
（I）求證：PA∥平面BDE；
（II）求證：PB⊥平面DEF；
（III）求二面角C-PB-D的大�。�

Answer 1

解法一：
（I）證明

如圖，連接AC，AC交BD于點G，連接EG．∵底面ABCD是正方形，∴G為AC的中點．
又E為PC的中點，∴EG∥PA．∵EG?平面EDB，PA?平面EDB，∴PA∥平面EDB …（4分）
（II）證明：∵PD⊥底面ABCD，∴PD⊥DB，PD⊥DC，PD⊥DB．
又∵BC⊥DC，PD∩DC=D，∴BC⊥平面PDC．∴PC是PB在平面PDC內(nèi)的射影．
∵PD⊥DC，PD=DC，點E是PC的中點，∴DE⊥PC．
由三垂線定理知，DE⊥PB．
∵DE⊥PB，EF⊥PB，DE∩EF=E，∴PB⊥平面EFD． …（8分）
（III）解：
∵PB⊥平面EFD，∴PB⊥FD．又∵EF⊥PB，F(xiàn)D∩EF=F，∴∠EFD就是二面角C-PB-D的平面角．…（10分）
∵PD=DC=BC=2，∴PC=DB=2，DE=PC=
∵PD⊥DB，
∴PB==2
DF==
由（II）知：DE⊥PC，DE⊥PB，PC∩PB=P，∴DE⊥平面PBC．
∵EF?平面PBC，∴DE⊥EF．
在Rt△DEF中，sin∠EFD==
∴∠EFD=60°．
故所求二面角C-PB-D的大小為60°． …（12分）
解法二：
如圖，以點D為坐標原點，DA、DC、DP所在直線分別為x軸、y軸、z軸，
建立空間直角坐標系，得以下各點坐標：D（0，0，0），A（2，0，0），B（2，2，0），
C（0，2，0），P（0，0，2）…（1分）
（I）證明：
連接AC，AC交BD于點G，連接EG．∵底面ABCD是正方形，∴G為AC的中點．G點坐標為（1，1，0）．
又E為PC的中點，E點坐標為（0，1，1），
∴=（2，0，-2），=（1，0，-1）
∴=2
∴PA∥EG
∵EG?平面EDB，PA?平面EDB，
∴PA∥平面EDB …（4分）
（II）證明：

=（2，2，-2），=（0，1，1）
∴•=0
∴PB⊥DE
又∵DE⊥PB，EF⊥PB，DE∩EF=E，
∴PB⊥平面EFD．
（III）∵PB⊥平面EFD，∴PB⊥FD．
又∵EF⊥PB，F(xiàn)D∩EF=F，∴∠EFD就是二面角C-PB-D的平面角．…（10分）
設點F的坐標為（x，y，z），則=（x，y，z-2），=（x，y，z）
∵PF∥PB，DF⊥PB
∴=k，•=0，即：
x=y=（-z-2）=2k，x+y-z=0
解得：k=，x=y=，z=
∴點F的坐標為（，，）
=（-，-，-），=（-，，-）
∵cos∠EFD==
∴∠EFD=60°．故所求二面角C-PB-D的大小為60°． …（12分）
分析：解法一：（幾何法）（I）連接AC，AC交BD于點G，連接EG，由三角形中位線定理，可得EG∥PA，由線面平行的判定定理可得：PA∥平面BDE；
（II）由已知中底面ABCD是邊長為2的正方形，PD⊥底面ABCD，PD=DC，點E是PC的中點，點F在PB上，我們可得DE⊥PB，再由EF⊥PB結合線面垂直的判定定理即可得到答案．
（III）由（II）中結論，可得PB⊥FD．結合EF⊥PB，由二面的定義可得∠EFD就是二面角C-PB-D的平面角，解三角形EFD即可得到答案．
解法二：（向量法）（I）以點D為坐標原點，DA、DC、DP所在直線分別為x軸、y軸、z軸，建立空間直角坐標系，連接AC，AC交BD于點G，連接EG．分別求出PA，EG的方向向量，易判斷PA與EG平行，進而由線面平行的判定定理得到答案．
（II）分別求出DE與PB的方向向量，由它們的數(shù)量積為0，易得DE⊥PB，再由EF⊥PB結合線面垂直的判定定理即可得到答案．
（III）由（II）中結論，可得PB⊥FD．結合EF⊥PB，由二面的定義可得∠EFD就是二面角C-PB-D的平面角，設點F的坐標為（x，y，z），由PF∥PB，DF⊥PB，構造方程求出點F的坐標，進而求出FD，F(xiàn)E的方向向量，代入向量夾角公式，即可求出二面角C-PB-D的平面角的大�。�
點評：本題考查的知識點是用空間向量求平面間的夾角，直線與平面平行的判定，直線與平面垂直的判定，二面角的平面角及求法，其中幾何法的關鍵是熟練掌握空間直線與平面位置關系的定義、判定、性質(zhì)及幾何特征，建立良好的空間想像能力，幾何法的關鍵是建立適當?shù)目臻g坐標系，將空間線面關系及線面夾角問題轉(zhuǎn)化為向量夾角問題．