Question

已知函數(shù)f（x）=lnx-ax²-bx（a，b∈R），g（x）=

2x-2

x+1

-lnx
（I）當(dāng)a=-1時(shí)，f（x）與g（x）在定義域上的單調(diào)性相反，求b的取值范圍；
（II）設(shè)x₁，x₂是函數(shù)y=f（x）的兩個(gè)零點(diǎn)，且x₁＜x₂求證

2

x1+x2

＜a（x₁+x₂）+b．

Answer 1

分析：（I）由題意把a(bǔ)=-1代入f（x），然后分別對(duì)f（x），g（x）求導(dǎo)，得出f（x）為定義域上的單調(diào)遞增，得出f′（x）≥0，利用變量分離法求出b的范圍；
（II）由題意x₁，x₂是函數(shù)y=f（x）的兩個(gè)零點(diǎn)，可得f（x₁）=f（x₂）-0，得出x₁，x₂與a，b的式子，然后進(jìn)行化簡，再利用g（x）=

2x-2

x+1

-lnx在（0，+∞）上單調(diào)遞減，和

x1

x2

＜1，進(jìn)行證明．

解答：解：（I）∵a=-1，∴f（x）=lnx+x²-bx
由題意可知，f（x）與g（x）的定義域均為（0，+∞）
∵g′（x）=

2(x+1)-(2x-2)

(x+1)2

-

1

x

4

(x+1)2

-

1

x

=

-x2+2x-1

x(x+1)2

=-

(x-1)2

x(x+1)2

≤ 0，
∴g（x）在（0，+∞）上單調(diào)遞減
又a=-1時(shí)，f（x）與g（x）在定義域上的單調(diào)性相反
∴f（x）=lnx-ax²-bx在（0，+∞）上單調(diào)遞增
∴f′（x）=

1

x

+2x-b≥0，對(duì)x∈（0，+∞）恒成立，
即b≤

1

x

+2x對(duì)x∈（0，+∞）恒成立，
∴只需b≤（

1

x

+2x）max，
∵x＞0∴

1

x

+2x≥2

2

（當(dāng)且僅當(dāng)x=

2

2

時(shí)，等號(hào)成立）
∴b≤2

2

，∴b的取值范圍（-∞，2

2

）；
（II）由已知可得

f(x1)=lnx1- a x 1 2  -bx1=0 f(x2)=lnx2- a x 2 2  bx2=0

∴

lnx1=a x 2 1  +bx1 lnx2= a x 2 2  +bx2

∴ln

x1

x2

= a(x1+x2)(x1-x2) +b(x1-x2)
即ln

x1

x2

= (x1-x2)[a(x1+x2) +b]∴a（x₁+x₂）+b=

1

x1-x2

ln

x1

x2

從而

2

x1+x2

-[a(x1+x2)+b]  =

2

x1+x2

-

1

x1-x2

ln

x1

x2

=

1

x1-x2

[

2(x1-x2)

x1+x2

-ln

x1

x2

]
=

1

x1-x2

[-

2( x1 x2 -1)

x1 x2 +1

-ln

x1

x2

]，
∵g（x）=

2x-2

x+1

-lnx在（0，+∞）上單調(diào)遞減，且

x1

x2

＜1
∴當(dāng)0＜t＜1時(shí)，g（t）＞g（1）=0
∴

2(x1-x2)

x1+x2

-ln

x1

x2

＞0，
又

1

x1-x2

＜ 0，
∴

2

x1+x2

-[a(x1+x2)+b] ＜0即

2

x1+x2

＜a(x1+x2) +b
即證．

點(diǎn)評(píng)：此題主要考查了導(dǎo)數(shù)對(duì)于函數(shù)單調(diào)性問題的應(yīng)用，綜合性比較強(qiáng)，第二問的化簡很關(guān)鍵，要往所求的不等式兩邊的式子作為方向進(jìn)行化簡．