Question

有n（n≥3，n∈N^*）個(gè)首項(xiàng)為1，項(xiàng)數(shù)為n的等差數(shù)列，設(shè)其第m（m≤n，m∈N^*）個(gè)等差數(shù)列的第k項(xiàng)為a_mk（k=1，2，3，…，n），且公差為d_m．若d₁=1，d₂=3，a_1n，a_2n，a_3n，…，a_nn也成等差數(shù)列．
（Ⅰ）求d_m（3≤m≤n）關(guān)于m的表達(dá)式；
（Ⅱ）將數(shù)列d_m分組如下：（d₁），（d₂，d₃，d₄），（d₅，d₆，d₇，d₈，d₉）…，
（每組數(shù)的個(gè)數(shù)組成等差數(shù)列），設(shè)前m組中所有數(shù)之和為（c_m）⁴（c_m＞0），求數(shù)列{2^cmd_m}的前n項(xiàng)和S_n；
（Ⅲ）設(shè)N是不超過20的正整數(shù)，當(dāng)n＞N時(shí)，對(duì)于（Ⅱ）中的S_n，求使得不等式

1

50

(Sn-6)＞dn成立的所有N的值．

Answer 1

解（Ⅰ）由題意知，a_mn=1+（n-1）d_m．
a_2n-a_1n=[1+（n-1）d₂]-[1+（n-1）d₁]=（n-1）（d₂-d₁），同理，a_3n-a_2n=（n-1）（d₃-d₂），a_4n-a_3n=（n-1）（d₄-d₃），，a_nn-a_（n-1）n=（n-1）（d_n-d_n-1）．a(chǎn)_1n，a_2n，a_3n，，a_nn成等差數(shù)列，
所以a_2n-a_1n=a_3n-a_2n=…=a_nn-a_（n-1）n，
故d₂-d₁=d₃-d₂=…=d_n-d_n-1．
即{d_n}是公差是d₂-d₁=3-1=2的等差數(shù)列．
所以，d_m=2m-1（3≤m≤n，m，n∈N^*）．
（Ⅱ）由（Ⅰ）知d_m=2m-1（m∈N^*）．
數(shù)列d_m分組如下：（1），（3，5，7），（9，11，13，15，17），…
按分組規(guī)律，第m組中有2m-1個(gè)奇數(shù)，
所以第1組到第m組共有1+3+5+…+（2m-1）=m²個(gè)奇數(shù)．
注意到前k個(gè)奇數(shù)的和為1+3+5+…+（2k-1）=k²，
所以前m²個(gè)奇數(shù)的和為（m²）²=m⁴，即前m組中所有數(shù)之和為m⁴，
所以（c_m）⁴=m⁴．
因?yàn)閏_m＞0，所以c_m=m，從而2cmdm=(2m-1)•2m(m∈N*)．
所以S_n=1•2+3•2²+5•2³+7•2⁴+…+（2n-3）•2^n-1+（2n-1）•2ⁿ.2S_n
=1•2²+3•2³+5•2⁴+…+（2n-3）•2ⁿ+（2n-1）•2ⁿ⁺¹，
故-S_n=2+2•2²+2•2³+2•2⁴+…+2•2ⁿ-（2n-1）•2ⁿ⁺¹
=2（2+2²+2³+…+2ⁿ）-2-（2n-1）•2ⁿ⁺¹
=2×

2(2n-1)

2-1

-2-(2n-1)•2n+1=（3-2n）2ⁿ⁺¹-6，
所以S_n=（2n-3）2ⁿ⁺¹+6．
（Ⅲ）由（Ⅱ）得d_n=2n-1（n∈N^*），S_n=（2n-3）2ⁿ⁺¹+6（n∈N^*）．
故不等式

1

50

(Sn-6)＞dn就是（2n-3）2ⁿ⁺¹＞50（2n-1）．
考慮函數(shù)f（n）=（2n-3）2ⁿ⁺¹-50（2n-1）=（2n-3）（2ⁿ⁺¹-50）-100．
當(dāng)n=1，2，3，4，5時(shí)，都有f（n）＜0，
即（2n-3）2ⁿ⁺¹＜50（2n-1）．
而f（6）=9（128-50）-100=602＞0，
注意到當(dāng)n≥6時(shí)，f（n）單調(diào)遞增，故有f（n）＞0．
因此當(dāng)n≥6時(shí)，（2n-3）2ⁿ⁺¹＞50（2n-1）成立，
即

1

50

(Sn-6)＞dn成立．
所以滿足條件的所有正整數(shù)N=5，6，7，20．