已知R上的不間斷函數(shù)g(x)滿足:①當x>0時,g′(x)>0恒成立;②對任意的x∈R都有g(x)=g(-x).又函數(shù)f(x)滿足:對任意的x∈R,都有f(
3
+x)=-f(x)
成立,當x∈[0,
3
]
時,f(x)=x3-3x.若關于x的不等式g[f(x)]≤g(a2-a+2)對x∈[-3,3]恒成立,則a的取值范圍( 。
分析:由于函數(shù)g(x)滿足:①當x>0時,g'(x)>0恒成立(g'(x)為函數(shù)g(x)的導函數(shù));②對任意x∈R都有g(x)=g(-x),這說明函數(shù)g(x)為R上的偶函數(shù)且在[0,+∞)上為單調(diào)遞增函數(shù),且有g|(x|)=g(x),所以g[f(x)]≤g(a2-a+2)?|f(x)|≤|a2-a+2|對x∈[-3,3]恒成立,只要使得|f(x)|在定義域內(nèi)的最大值小于等于|a2-a+2|的最小值,然后解出即可.
解答:解:因為函數(shù)g(x)滿足:當x>0時,g'(x)>0恒成立,
且對任意x∈R都有g(x)=g(-x),
則函數(shù)g(x)為R上的偶函數(shù)且在[0,+∞)上為單調(diào)遞增函數(shù),
且有g|(x|)=g(x),
所以g[f(x)]≤g(a2-a+2)在R上恒成立,
∴|f(x)|≤|a2-a+2|對x∈[-3,3]恒成立,
只要使得定義域內(nèi)|f(x)|max≤|a2-a+2|,
由于當x∈[-
3
,
3
]時,f(x)=
-x3-3
3
x2-6x,x∈[-
3
,0]
x3-3x,x∈[0,
3
]
,
x∈[-
3
,0]
時,令f′(x)=-3x2-6
3
x-6
=0,得x=1-
3
x=1+
3
(舍去)
∴f(x)在[-
3
,1-
3
]
上單調(diào)遞增,在[1-
3
,0]
上單調(diào)遞減,
f(x)max=f(1-
3
)=2
f(x)min=f(-
3
)=f(0)=0
,
x∈[0,
3
]
時,f′(x)=3x2-3=3(x+1)(x-1)=0,得x=1或x=-1(舍去),
∴f(x)在[0,1]上單調(diào)遞減,在[1,
3
]上單調(diào)遞增,
∴f(x)min=f(1)=-2,f(x)max=f(0)=f(
3
)=0
,
又由于對任意的x∈R都有f( 
3
+x)=-f(x),
∴f(2
3
+x)=-f(
3
+x)=f(x)成立,則函數(shù)f(x)為周期函數(shù)且周期為T=2
3
,
所以函數(shù)f(x)在x∈[-3,3]的最大值為2,所以令2≤|a2-a+2|解得:a≥1或a≤0.
故選A
點評:此題考查了利用導函數(shù)求得函數(shù)在定義域上為單調(diào)遞增函數(shù),還考查了函數(shù)的周期的定義,及利用周期可以求得當x∈[-
3
,
3
]時,f(x)=x3-3x,的值域為[-2,2],還考查了函數(shù)恒成立.
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已知R上的不間斷函數(shù)g(x)滿足:①當x>0時,g'(x)>0恒成立;②對任意的x∈R都有g(x)=g(-x).又函數(shù)f(x)滿足:對任意的x∈R,都有f(
3
+x)=-f(x)
成立,當x∈[0,
3
]
時,f(x)=x3-3x.若關于x的不等式g[f(x)]≤g(a2-a+2)對x∈[-3,3]恒成立,則a的取值范圍
a≥1或a≤0.
a≥1或a≤0.

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A.     B.        C.       D.

 

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已知R上的不間斷函數(shù) 滿足:①當時,恒成立;②對任意的都有。又函數(shù)滿足:對任意的,都有成立,當時, 。若關于的不等式恒成立,則的取值范圍(   )

A.        B.        C.        D.

 

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