Question

已知數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n，若a₁=1，S_n=na_n-n（n-1），n∈N^*，令bn=

1

an•an+1

，且數(shù)列{b_n}的前項(xiàng)和為T(mén)_n．
（1）求證：數(shù)列{a_n}為等差數(shù)列，并寫(xiě)出a_n關(guān)于n的表達(dá)式；
（2）若不等式λTn＜

n+8

5

（λ為常數(shù)）對(duì)任意正整數(shù)n均成立，求λ的取值范圍；
（3）是否存在正整數(shù)m，n（1＜m＜n），使得T₁，T_m，T_n成等比數(shù)列？若存在，求出所有的m，n的值；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（1）根據(jù)Sn與an的固有關(guān)系an=

s1    n=1 sn-sn-1    n≥2

，得出a_n-a_n-1=2，數(shù)列{a_n}為等差數(shù)列，并寫(xiě)出a_n關(guān)于n的表達(dá)式；
 （2）bn=

1

an•an+1

=

1

(2n-1)(2n+1)

=

1

2

(

1

2n-1

-

1

2n+1

)，裂項(xiàng)后求出Tn，再用分離參數(shù)法得出λ ＜

n+8

5Tn

，λ小于

n+8

5Tn

的最小值即可．
（3）假設(shè)存在正整數(shù)m，n（1＜m＜n），使得T₁，T_m，T_n成等比數(shù)列，列出關(guān)于m，n的方程，研究它的解情況．

解答：解：（1）由S_n=na_n-n（n-1），n∈N*①
則當(dāng)n≥2時(shí)，S_n-1=（n-1）a_n-1-（n-1）（n-2）②
①-②，得a_n=[na_n-n（n-1）]-[（n-1）a_n-1-（n-1）（n-2）]
整理得，a_n-a_n-1=2（n≥2）…（3分）
所以，{a_n}為等差數(shù)列，且公差為2，a_n=1+2（n-1）=2n-1；                     
（2）bn=

1

an•an+1

=

1

(2n-1)(2n+1)

=

1

2

(

1

2n-1

-

1

2n+1

)
∴Tn=b1+b2+b3+…+bn=

1

2

[(1-

1

3

)+(

1

3

-

1

5

)+(

1

5

-

1

7

)+…+(

1

2n-1

-

1

2n+1

)]=

1

2

(1-

1

2n+1

)=

n

2n+1

若不等式λTn＜

n+8

5

對(duì)任意正整數(shù)n均成立，則λ＜

1

5

•

(2n+1)(n+8)

n

=

1

5

[2(n+

4

n

)+17]對(duì)任意正整數(shù)n均成立，
∵n+

4

n

≥4，當(dāng)且僅當(dāng)n=2∈N*時(shí)取“=”，
∴

1

5

[2(n+

4

n

)+17]的最大值為5∴λ＜5；                                   
（3）假設(shè)存在正整數(shù)m，n（1＜m＜n），使得T₁，T_m，T_n成等比數(shù)列
則（T_m）²=T₁•T_n，即(

m

2m+1

)2=

1

3

•

n

2n+1

所以，

m2

4m2+4m+1

=

n

6n+3

從而，

4m2+4m+1

m2

=

6n+3

n

=6+

3

n

＞6
所以，2m²-4m-1＜0，即1-

6

2

＜m＜1+

6

2

因?yàn)�，m∈N*，且m＞1，∴m=2，此時(shí)，n=12
故，當(dāng)且僅當(dāng)m=2，n=12時(shí)，使得T₁，T_m，T_n成等比數(shù)列．

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了等差關(guān)系的確定、等差數(shù)列的通項(xiàng)公式、數(shù)列裂項(xiàng)求和，數(shù)列的函數(shù)性質(zhì)、基本不等式應(yīng)用．考查了學(xué)生計(jì)算，綜合分析問(wèn)題，解決問(wèn)題的能力．