與水平面成角.質量為的導體棒PQ 與ab.cd垂直且接觸良好.回路的電阻 為R.整個裝置放于垂直框架平面的變 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

如圖，導體框平面與水平面成θ角，質量為的導體棒PQ與ab、cd接觸良好，回路的總電阻為R，整個裝置放于垂直于框架平面的變化的磁場中，磁感應強度的變化如圖（乙），PQ始終靜止，則在0—tos內，PQ受到的摩擦力的變化情況可能是（　 ）]

　�、�一直增大

　 ②一直減小

　 ③先減小后增大

　 ④先增大后減小

A．①②　　 B．①④　 C．②③　 D．③④　

查看答案和解析>>

導體框架abcd構成的平面與水平面成θ角，質量為m的導體棒PQ與導體軌道ad、bc接觸良好而且相互垂直．軌道ad、bc平行，間距為L．abQp回路的面積為S，總電阻為R且保持不變．勻強磁場方向垂直框架平面斜向上，其變化規(guī)律如圖乙所示．導體棒PQ始終處于靜止狀態(tài)，圖乙中為0己知量，B0足夠大，則（　�。� 

查看答案和解析>>

導體框架abcd構成的平面與水平面成θ角，質量為m的導體棒PQ與導體軌道ad、bc接觸良好而且相互垂直．軌道ad、bc平行，間距為L．abQp回路的面積為S，總電阻為R且保持不變．勻強磁場方向垂直框架平面斜向上，其變化規(guī)律如圖乙所示．導體棒PQ始終處于靜止狀態(tài)，圖乙中為0己知量，B0足夠大，則（　�。� 
精英家教網
A．產生感應電流時，導體棒ab中的電流方向為由P到Q
B．產生感應電流時，感應電流為恒定電流
C．產生感應電流時，導體棒受到的安培力為恒力
D．PQ恰好不受摩擦力時，磁感應強度的大小為
mgRcosθ
LS

查看答案和解析>>

 導體框架abcd構成的平面與水平面成角，質量為m的導體棒PQ與導體軌道、接觸良好而且相互垂直。軌道、平行，間距為L。回路的面積為S，總電阻為R且保持不變。勻強磁場方向垂直框架平面斜向上，其變化規(guī)律如圖乙所示。從開始，導體棒PQ始終處于靜止狀態(tài)，圖乙中為已知量，足夠大，則  （    ）

    A．產生感應電流時，導體棒PQ中的電流方向為由P到Q

    B．產生感應電流時，感應電流為恒定電流

    C．產生感應電流時，導體棒PQ受到的安培力為恒力

    D．PQ恰好不受摩擦力時，磁感應強度的大小為

 

查看答案和解析>>

導體框架abcd構成的平面與水平面成θ角，質量為m的導體棒PQ與導體軌道ad、bc接觸良好而且相互垂直．軌道ad、bc平行，間距為L．abQp回路的面積為S，總電阻為R且保持不變．勻強磁場方向垂直框架平面斜向上，其變化規(guī)律如圖乙所示．導體棒PQ始終處于靜止狀態(tài)，圖乙中為0己知量，B足夠大，則（ ） 
A．產生感應電流時，導體棒ab中的電流方向為由P到Q
B．產生感應電流時，感應電流為恒定電流
C．產生感應電流時，導體棒受到的安培力為恒力
D．PQ恰好不受摩擦力時，磁感應強度的大小為

查看答案和解析>>

       說明：定出評分標準是為了盡可能在統一標準下評定成績. 試題的參考解答是用來說明評分標準的. 考生如按其他方法或步驟解答，正確的，同樣給分；有錯的，根據錯誤的性質，參照評分標準中相應的規(guī)定評分.

一、二選擇題

1．B  2．C  3．A  4．C  5．A  6．CD  7．BD  8．BD  9．ABD

1,3,5

10．（1） （3分）（3分）（3）S（2分），L（2分）

文本框: 11．（1）還需毫安表（量程是1mA）、電源（電動勢為3V）、開關、導線.（2分）

       原理圖如右（2分）

       測量方法：讀出電壓表的讀數是U和毫安表的讀數是I，則電壓表的內阻可表示為Rv=U/I（2分，其它方案正確同樣給分.）

   （2）不能，因為電壓表的內阻太大，無法精確測量其電流值. （4分，只答“能”或“不能”均不能得分，理由充分或誤差分析清楚即可得分.）

       第12、13、14小題為選做題，考生從該3小題中選做2題。若考生全部作答，則以12、13兩題進行評分.

12．（1）ABCEG（6分，全對得6分，不全對的每對一項得1分，錯一項扣1分，錯2項扣3分，錯3項本題不得分，本題不得負分）

   （2）①減少，5（每空1分）

       ②氣體體積增大，則單位體積內的分子數減少；內能減少，則溫度降低，其分子運動的平均速率減��；則氣體的壓強減小.（4分要有四個要點各占1分；單位體積內的分子數減少；溫度降低；分子運動的平均速率減�。粴怏w的壓強減小.）

   （2）解：作出光路如圖

       由折射定律得（2分）

      

       所以r=30°（2分）

       由圖知

       則AB―AC=d?tan30°=d

       出射光線與入射光線間的距離是d（2分）

14．（1）BCDGH（6分，全對得6分，不全對的每對一項得1分，錯一項扣1分，錯2項扣3分，錯3項本題不得分，本題不得負分）

   （2）①A、B相碰滿足動量守恒（1分）

       得兩球跟C球相碰前的速度v1=1m/s（1分）

       ②兩球與C碰撞同樣滿足動量守恒（1分）

       得兩球碰后的速度v2=0.5m/s，

       兩次碰撞損失的動能（2分）

       （1分）

四、計算題

15．解：（1） （2分）

   （2） （2分）

        （2分）

       U=IR（1分）

       由以上各式得v=2.5m/s（1分）

   （3）金屬棒加速度（1分）

       由牛頓定律（2分）

      

       由以上各式得P=0.25W（1分）

16．解：（1）由牛頓運動定律：

       物塊放上小車后加速度：（1分）

       小車加速度：（2分）

      

      

       由得：t=2s（2分）

       兩小物塊放上小車2s后就一起運動.

       小車的最小長度 （1分）

       L=3m（1分）

   （2）物塊在前2s內做加速度為a1的勻加速運動，后1s同小車一起做加速度為a3的勻加速運動，以系統為研究對象

       根據牛頓運動定律，由得

       （1分）

       物塊3s末的速度（1分）

       摩擦力對小物塊做的功  （2分）

       小車在3s內的位移（2分）

       力F做的功  （1分）

      • 
 
      
  
  
      • 
   
      
    
    
      
    
             （1分）
             在II區(qū)域的電磁場中運動滿足
             （2分）
             （1分）
             方向水平向右（1分）
             同理E2=2×103V/m方向水平向左.（1分）
         （2）根據對稱性，在區(qū)域III中只能存在勻強磁場，且滿足B3=B2=0.1T，方向垂直紙面向外. （2分）
             由于周期相等，所以在區(qū)域II中只能存在勻強電場，且方向必須與x軸平行，（2分）
             從B點運動至O點做類平拋運動，時間（1分）
             沿y軸方向的位移是L，則（1分）
             由牛頓第二定律qE­=ma（1分）
             代入數據解得E=2×103V/m（1分）
             根據對稱性電場方向如圖答所示.（1分）
       
      		
      
	
	
      
		
      


      同步練習冊答案