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一個(gè)長方體共一頂點(diǎn)的三個(gè)面的面積分別是、、,則這個(gè)長方體對(duì)角線的長是（    ）

A.             B.              C.6              D.

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一個(gè)長方體共一頂點(diǎn)的三個(gè)面的面積分別是、、,這個(gè)長方體對(duì)角線的長為(    )

A.2             B.3              C.6                  D.

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一．選擇題：DABDA CDCBC

解析：1:由條件“函數(shù)是奇函數(shù)”可排除(B)、(C), 又在區(qū)間上不是單調(diào)遞減, 可淘汰(A)，所以選(D).

2：取滿足題設(shè)的特殊數(shù)值 a=,，

0>,檢驗(yàn)不等式(B),(C),(D)均不成立,選 (A).

3：由已知得

4：把x=1代入不等式組驗(yàn)算得x=1是不等式組的解，則排除(B)、(C), 再把x=-3代入不等式組驗(yàn)算得x=-3是不等式組的解，則排除(B)，所以選(D).

5：本題學(xué)生很容易去分母得，然后解方程，不易實(shí)現(xiàn)目標(biāo)。

事實(shí)上，只要利用數(shù)形結(jié)合的思想，分別畫出的圖象，容易發(fā)現(xiàn)在第一象限沒有交點(diǎn)。故選A。

6：當(dāng)m=0時(shí)，顯然有；若時(shí)，由，得，方程無解，m不存在。故選C。

7：由已知不妨設(shè)長寬高，則對(duì)角線的長為.故選

8：由得sin（x－）＞0，即2 kπ＜x－＜2kπ＋π，取k＝0即知選C.

9：用特值法：當(dāng)n＝2時(shí)，代入得C＋C＝2,排除答案A、C；當(dāng)n＝4時(shí)，代入得C＋C＋C＝8,排除答案D。所以選B。

10：考慮由P₀射到BC的中點(diǎn)上，這樣依次反射最終回到P₀，此時(shí)容易求出tan=，由題設(shè)條件知，1＜x₄＜2，則tan≠，排除A、B、D，故選C.

二．填空題：11、1；12、-1；13、23； 14、；15、；

解析：

11：　將已知方程變形為　　，

解這個(gè)一元二次方程，得

    顯然有,　而,于是

    原式＝ ＝＝

12：　由條件得，其中.

是已知函數(shù)的對(duì)稱軸，

，   即　　，

于是　　故應(yīng)填 .

13：因?yàn)檎�方體是對(duì)稱的幾何體，所以四邊形BFD₁E在該正方體的面上的射影可分為：上下、左右、前后三個(gè)方向的射影，也就是在面ABCD、面ABB₁A₁、面ADD₁A₁上的射影.

四邊形BFD₁E在面ABCD和面ABB₁A₁上的射影相同，如圖2所示；

四邊形BFD₁E在該正方體對(duì)角面的ABC₁D₁內(nèi)，它在面ADD₁A₁上的射影顯然是一條線段，如圖3所示.  故應(yīng)填23.

14.（略）

15.解：由條件不難得為等腰直角三角形，設(shè)圓的半徑為1，則，，

，   sin∠ACO=）=

三．解答題：

16.解：（1）將，代入函數(shù)得，因?yàn)?sub>，所以．                             ------------------2分

又因?yàn)?sub>，，，所以，

 因此．               ------------------5分

（2）因?yàn)辄c(diǎn)，是的中點(diǎn)，， 所以點(diǎn)的坐標(biāo)為．      ------------------7分

又因?yàn)辄c(diǎn)在的圖象上，

所以．------------------9分

因?yàn)?sub>，所以，

從而得或．即或 ------------------12分

17.解：（Ⅰ）設(shè)“甲投球一次命中”為事件A，“乙投球一次命中”為事件B

由題意得  ， 解得或（舍去），

所以乙投球的命中率為                  ------------------3分

（Ⅱ）由題設(shè)和（Ⅰ）知-------------4分

可能的取值為0，1，2，3，故

 ， 

的分布列為

0

1

2

3

的數(shù)學(xué)期望  ------------------12分

18.解：(1)∵-------------------------------------------------1分

當(dāng)時(shí)，

∴函數(shù)在上為增函數(shù)-----------------------------------------3分

∴，--------------------------4分

（２）證明：令

則

∵當(dāng)時(shí)，∴函數(shù)在區(qū)間上為減函數(shù)

∴

即在上，

∴在區(qū)間上，函數(shù)的圖象在函數(shù)的圖象的下方-----8分

（3）證明：∵

當(dāng)時(shí)，不等式顯然成立

當(dāng)時(shí)

∵＝-----①

-------------②-----10分

①+②得

≥（當(dāng)且僅當(dāng)時(shí)“＝”成立）---------------13分

∴當(dāng)時(shí)，不等式成立

綜上所述得≥ .--------------------------14分

19.解：（Ⅰ）設(shè)的坐標(biāo)為，則且．

解得，  因此，點(diǎn) 的坐標(biāo)為．

（Ⅱ），根據(jù)橢圓定義，

得，

，．    ∴所求橢圓方程為．

（Ⅲ），橢圓的準(zhǔn)線方程為．

設(shè)點(diǎn)的坐標(biāo)為,表示點(diǎn)到的距離，表示點(diǎn)到橢圓的右準(zhǔn)線的距離．

則，．

， 令，則，

當(dāng)，， ，．

 ∴ 在時(shí)取得最小值．

因此，最小值＝，此時(shí)點(diǎn)的坐標(biāo)為-----------------14分

20.解：（Ⅰ）取中點(diǎn)，連結(jié)．

為正三角形，．

在正三棱柱中，平面平面， 平面．

取中點(diǎn)，以為原點(diǎn)，，，的方向?yàn)?sub>軸的正方向建立空間直角坐標(biāo)系，則，，，，    ，

，，．

，，

，．

平面．--------------------6分

（Ⅱ）設(shè)平面的法向量為．

，．  ，，

令得為平面的一個(gè)法向量．--------------------9分

由（Ⅰ）知平面， 為平面的法向量．

，．

二面角的大小為．   --------------------11分

（Ⅲ）中，，．

在正三棱柱中，到平面的距離為．設(shè)點(diǎn)到平面的距離為．

由得， ．

點(diǎn)到平面的距離為--------------------14分

21.解（１）∵不等式≤0的解集有且只有一個(gè)元素

∴　解得或 --------------------2分

當(dāng)時(shí)函數(shù)在遞增，不滿足條件②--------------------3分

當(dāng)時(shí)函數(shù)在（０，２）上遞減，滿足條件②--------------------4分

綜上得，即   --------------------5分

（２）由（１）知,    當(dāng)時(shí)，

當(dāng)≥２時(shí)＝＝  --------------------7分

∴    --------------------8分

（３）由題設(shè)可得--------------------9分

∵，，

∴，都滿足     --------------------11分

∵當(dāng)≥３時(shí)，

即當(dāng)≥３時(shí)，數(shù)列｛｝遞增，

∵，由，可知滿足----------------13分

∴數(shù)列｛｝的變號(hào)數(shù)為３.         ------------------14分