30．回答下列有關遺傳問題: I．葫蘆科中一種稱為噴瓜的植物.其果皮深色是顯性.而其性別是由3個復等位基因aD.a+.ad決定的.aD對a+為顯性.a+對ad為顯性.它們的性別表現與基因型如右表所示:性別類型基因型雄性植株aDa+.aDad兩性植株a+a+.a+ad雌性植株 adad (1)由上表可知.決定雄性.兩性.雌性植株的基因依次是: . (2)請解釋雄性植株中不存在純合體的原因? . (3)若將雌雄同株的四倍體淺色噴瓜和雌雄同株的純合二倍體深色噴瓜間行種植.收獲四倍體植株上所結的種子.若從細胞染色體組的角度預測這些種子播種后發(fā)育成的植株會有 種類型.能否從果皮顏色直接判斷出這些植株的類型? (請用遺傳圖解解釋.并作簡要說明.決定雌雄的基因不需要寫出) Ⅱ．在一群體型一直較正常的牛群中出現了一頭矮生雄牛.某研究小組在討論該矮生雄 牛形成原因時.有三種不同的觀點. 觀點一:種群中某一個體產生了隱性突變.該突變基因隨著個體間的交配.在群體中 得以擴散.矮生基因攜帶者交配后發(fā)生性狀分離產生該矮生雄牛. 觀點二:由于非遺傳因素的因素引起的. 觀點三: 請你設計一個雜交試驗.根據子一代雜交結果得出相應的結論.(說明:若是遺傳因 素.則這一相對性狀由常染色體上的一對等位基因控制) (1)雜交試驗方案 .在正常的飼養(yǎng)條件下.觀察子代的表現. (2)雜交結果及結論: ①若子代出現 情況.則觀點一正確. ②若子代出現 情況.則觀點二正確. ③若子代出現 情況.則觀點三正確. 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

 

一、

1―6ADBCCC

二、

30．（18分）I（8分）

   （1）aD、a+、ad  （2分）

   （2）因為該物種雌性個體和兩性個體均不可能產aD雌配子（2分）

 

 

 

 

 

 

20090506

       II、（10分）觀點三：是由于顯性突變的直接結果。

   （1）讓該矮生雄牛與該群體中的多頭正常雌牛交配

   （2）①正常牛與矮牛，且數量上正常牛明顯多于矮牛

       ②全為正常牛

       ③正常牛與矮牛，且數量上無顯著差異

31．（26分）I（14分）

   （1）光照強度、溫度和CO2濃度

   （2）遺傳物質（遺傳特性、DNA、基因）

       轉基因、細胞工程、誘變、雜交

   （3）光照強度和CO2濃度CO2濃度

   （4）適當升溫   a點下移

 

 

 

 

 

 

   （要求：橫、縱坐標的名稱、數字標清楚；準確描點、繪制曲線；標上曲線名稱）

   （2）大豆的種植密度越大，每 株大豆莢果的數目越少，而大豆的種植密度對每個莢果中種子數目基本沒有影響。（2分）

   （3）種植密度大，種內斗爭激烈，平均每株大豆占有的資源（如水分、光、礦質養(yǎng)料等）少，所結莢果就少。（2分）

   （4）不能，因為還需統(tǒng)計每個區(qū)域所生產種子的質量。（2分）

   （5）有助于種群的繁殖、調節(jié)生物間關系（2分）

 

化學部分

 

一、

7―13BCCDDCA

二、

26．（12分）

   （2）（2分）

 

   （3）（2分）Al3++3H2O      Al（OH）3+3H+

   （4）（2分）SO2+Cl2+2H2O=H2SO4+2HCl

   （5）（2分）Cl2O7（1）+H2O（1）=2HclO4（aq）  △=-4QkJ?mol-1

   （6）（2分）c（Na+）>c（ClO4-）>c（HCO3-）>c（OH-）>c（CO32-）>c（H+）

27．（13分）

   （1）O2+4e-=2O2-（2分）  負（2分）

   （2）①增加H2濃度（1分） 增加H2O（g）濃度（1分）  0.5（2分）

       ②75%（2分）

       ③<（1分）   ④AC（2分）

28．（18分）

   （1）①（1分）  乙  （2分）  100

       ②（2分）4NO2+O2+2H2O=4HNO3

   （2）①（1分）乙  （2分）  100   ②（2分）  B

       ③（2分）蒸發(fā)（濃縮）、冷卻結晶、過濾   （2分）漏斗、燒杯、玻棒

△

   （3）①（2分）2Cu（NO3）2      2CuO+4NO2↑+O2↑

       ②（2分）NO2氣體會腐蝕橡膠

   （1）（2分）羥基  羧基   （2分）

 

 

 

 

 

 

 

   （3）（1分）加成反應    （1分）酯化（取代）反應

   （4）（2分）3

   （5）（2分）4

 

 

 

 

 

 

 

 

物理部分

 

一、

14―17BCDA

二、

18．BD  19．BC  20．C  21．AC

22．（17分）I （3分）   C（3分）

       II（1）用A2替換A1（3分）

   （2）（4分）

23．（17分）

       解：（1）由于兩只球從等高作平拋運動，所以平拋運動的時間相等（2分）

       由題意可知水平射程之比為  （2分）

       因此平拋運動的初速度之比為     （2分）

   （2）第一只球落地后反彈作斜拋運動，根據運動對稱性其中DB與OB相同的平拋運動。

       則兩球下落相同高度H-h后水平距離  （2分）

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                   （2分）
                   而（3分）
                   代入得
                   （2分）
                   即
                   解得（2分）
            24．（18分）
                   解：（1）設軌道半徑為R，由機械能守恒定律：
                     （1）  （2分）
                   對B點：   （2）  （1分）
                   對A點：  （3）   （1分）
                   由（1）、（2）、（3）式得：
                   兩點的壓力差：  （2分）
               （2）由圖象得：截距  （3分）
                   解得   （1分）
               （3）因為圖線的斜率   （2分）
                   所以   （4）   （1分）
                   在A點不脫離的條件為：  （5）   （2分）
                   由（1）、（4）、（5）式代入數據得：   （2分）
            25．（20分）
                   解：（1）粒子在磁場中運動可知
                      （2分）
                     （1分）
                   解得   （1分）
                     （2分）
                   畫出粒子的運動軌跡可知  （3分）
                   得  （1分）
               （2）由數學知識可得圓形磁場區(qū)域的最小半徑  （3分）
                     （1分）
               （3）畫出粒子的運動軌跡如圖，
                   由數學知識可得：
                      （4分）
                   得  （2分）
             
            		
            
	
	
            
		
            


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