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31．I．(1)① ② (2)① ② (3) , II．(1) , (2) 009屆第二次理科綜合模擬考試化學(xué)部分答卷姓名分數(shù) 題號678910111213答案【查看更多】

（1）如圖是多用表的刻度盤，當選用量程為50mA的電流擋測量電流時，表針指于圖示位置，則所測電流為

30.9

mA；若選用倍率為“×100”的電阻擋測電阻時，表針也指示在圖示同一位置，則所測電阻的阻值為

1500

Ω．如果要用此多用表測量一個約2.0×10²Ω的電阻，為了使測量比較精確，應(yīng)選的歐姆擋是

×10

（選填“×10”、“×100”或“×1k”）．換擋結(jié)束后，實驗操作上首先要進行的步驟是

歐姆調(diào)零

．
（2）為測定某電源內(nèi)阻r和一段金屬電阻絲單位長度的電阻R₀，設(shè)計如圖所示的電路．a(chǎn)b是一段粗細均勻的金屬電阻絲，R是阻值為2Ω的保護電阻，電源電動勢為6V，電流表內(nèi)阻不計，示數(shù)用I表示．滑動片P與電阻絲有良好接觸，aP長度用L_x表示，其它連接導(dǎo)線電阻不計．實驗時閉合電鍵，調(diào)節(jié)P的位置，將L_x和與之對應(yīng)的I數(shù)據(jù)記錄在下表．
①畫出1/I-L_x圖象；
②根據(jù)所畫圖線，寫出金屬絲的電阻與其長度的函數(shù)關(guān)系式：

1

i

=0.38+1.575L

1

i

=0.38+1.575L

③從圖中根據(jù)截距和斜率，求出該電源內(nèi)阻r為

0.28

Ω；該金屬電阻絲單位長度的電阻R₀為

9.45

Ω/m

實驗次數(shù)	1	2	3	4	5
L_x（m）	0.10	0.20	0.30	0.40	0.50
I（A）	1.94	1.30	1.20	1.02	0.88
1/I（A^-1）	0.52	0.77	0.83	0.98	1.14

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（I）（1）如圖甲所示，在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，同組同學(xué)已經(jīng)完成部分導(dǎo)線的連接，請你在實物接線圖中完成余下導(dǎo)線的連接．
（2）某同學(xué)從標稱為“220V 25W”“220V 300W”“220V 500W”的3只燈泡中任選一只，正確使用多用電表測量燈泡阻值如圖乙所示．該燈泡的阻值是

Ω，標稱的額定功率為

W．

（II）（1）在“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”實驗中，兩位同學(xué)用游標卡尺測量小球的直徑如圖甲、乙所示．測量方法正確的是

（選填“甲”或“乙”）．

（2）實驗時，若擺球在垂直紙面的平面內(nèi)擺動，為了將人工記錄振動次數(shù)改為自動記錄振動次數(shù)，在擺球運動最低點的左、右兩側(cè)分別放置一激光光源與光敏電阻，如圖甲所示．光敏電阻與某一自動記錄相連，該儀器顯示的光敏電阻阻值R隨時間t變化圖線如圖乙所示，則該單擺的振動周期為

．若保持懸點到小球頂點的繩長不變，改用直徑是原小球直徑2倍的另一小球進行實驗，則該單擺的周期將

（填“變大”、“不變”或“變小”），圖乙中的△t將

（填“變大”、“不變”或“變小”）．

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（2005?青浦區(qū)模擬）如圖所示的電路中，AB是一段粗細均勻的電阻線，R是保護電阻，電阻值為2歐，電源電動勢為6伏，安培表內(nèi)阻為零，其示數(shù)為I，滑動片P與電阻絲有良好接觸，且AP長度為L，其它連接導(dǎo)線電阻不計．閉合電鍵，調(diào)節(jié)P的位置，將L和與之對應(yīng)的數(shù)據(jù)記錄在表．

實驗次數(shù)	1	2	3	4	5
L（米）	0.10	0.20	0.30	0.40	0.50
I（安）	1.78	1.39	1.14	0.97	0.84
1/I（安^-1）

（1）表中第三行是電流倒數(shù)1/I，計算后填入表中，在圖B、中畫出1/I-L圖象．
（2）從圖中求出截距b和斜率k．
（3）根據(jù)截距和斜率，求出電源內(nèi)阻r和該電阻線單位長度的電阻R．

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傾角為θ的光滑斜面上，水平放一導(dǎo)體棒a，整個裝置處于勻強磁場B中，如圖所示．今在導(dǎo)體棒a中通以垂直紙面向里的電流I．
（1）若導(dǎo)體受的安培力沿斜面向上，則磁場方向應(yīng)怎樣？
（2）若要求導(dǎo)體能靜止在斜面上，則所加磁場的磁感強度B最小值為多少？方向如何？
（3）若要求導(dǎo)體靜止且對斜面的壓力為零，則所加磁場的磁感強度B為多少？方向如何？

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（2012?綿陽模擬）（1）如圖1所示，是用螺旋測微器測量一金屬薄板厚度時的示數(shù)，讀數(shù)是

6.224（6.221～6.225都對）

mm
（2）在做“驗證動量守恒定律”實驗時，除了斜槽、大小相同質(zhì)量不等的兩個小球、白紙、復(fù)寫紙、圓規(guī)、鉛筆等外，下列哪些器材是本實驗需要的？

CDF

．
A．游標卡尺 B．秒表 C．刻度尺 D．天平 E．彈簧秤 F．重垂線
實驗中，下列做法正確的是

CD

．
A．斜槽軌道必須光滑
B．斜槽軌道末端點的切線可以不水平
C．應(yīng)使小球每次從斜槽上相同的位置自由滑下
D．用盡可能小的圓把所有的小球落點圈在里面，圓心就是小球落點的平均位置
E．不放被碰小球時，讓入射小球從斜槽上某一位置滾下，實驗1次，放上被碰小球時，要重復(fù)實驗10次
（3）在“測定電源的電動勢和內(nèi)阻”的實驗中，測量對象為一節(jié)新干電池．
①由于新干電池內(nèi)阻太小，用如圖2圖甲所示電路測量時，安全前提下，盡可能大的范圍內(nèi)調(diào)節(jié)滑動變阻器，電流表和電壓表示數(shù)變化情況是

C

．
A．電流表和電壓表示數(shù)變化都很明顯
B．電流表和電壓表示數(shù)變化都不明顯
C．電流表示數(shù)變化明1，電壓表示數(shù)變化不明顯
D．電流表示數(shù)變化不明顯，電壓表示數(shù)變化明顯
②為了提高實驗精度，采用如圖2圖乙所示電路．器材有：量程3V的電壓表V；量程0.15A的電流表A₁（內(nèi)阻約1Ω）；量程0.6A的電流表A₂（內(nèi)阻約1Ω）；定值電阻R₀（阻值未知，約10Ω）；滑動變阻器R（0?10Ω）；單刀單擲開關(guān)S₁、單刀雙擲開關(guān)S₂，導(dǎo)線若干．
電流表應(yīng)該選用

A

1

A

1

（選填“A₁”或“A₂”）．
開始實驗之前，S₁，S₂都處于斷開狀態(tài)．閉合S₁，S₂接1，調(diào)節(jié)滑動變阻器，電壓表讀數(shù)U₀，電流表讀數(shù)I₀； S₂接2，調(diào)節(jié)滑動變阻器，當電流表讀數(shù)為I₁時，電壓表讀數(shù)為U₁當電流表讀數(shù)為I₂時，電壓表讀數(shù)為U₂．則新電池電動勢的表達式為E=

I

2

U

1

-I

1

U

2

I

2

-I

1

I

2

U

1

-I

1

U

2

I

2

-I

1

，內(nèi)阻的表達式r=

U

1

-U

2

I

2

-I

1

-

U

0

I

0

U

1

-U

2

I

2

-I

1

-

U

0

I

0

．

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題號

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

答案

C

B

A

D

A

D

C

B

C

題號

12

13

14

15

16

17

18

19

20

21

答案

D

B

C

AB

BC

AC

B

D

BD

C

22．(Ⅰ) 甲

（Ⅱ）

R₁=20 R₂=180 R₃=1.4 k

R₄=49.9 k R₅=450 k

23．【解】當斜面體向右加速運動時，計算球離開斜面的臨界加速度a₀，此時有：

Tsinθ-mg=0

Tcosθ=ma₀

由此解得： a₀=gcotθ =m/s²

又 a=4m/s²> a₀

所以，小球離開斜面，設(shè)此時線與豎直方向成φ角，則：

Tsinφ-mg=0

Tcosφ=ma

解得：T=m=2.43N

24．解：如圖所示，帶電粒子從S點出發(fā)，在兩筒之間的電場作用下加速，沿徑向穿過狹縫a而進入磁場區(qū)，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動。粒子再回到S點的條件是能沿徑向穿過狹縫d.只要穿過了d，粒子就會在電場力作用下先減速，再反向加速，經(jīng)d重新進入磁場區(qū)，然后粒子以同樣方式經(jīng)過c、b，再回到S點。設(shè)粒子進入磁場區(qū)的速度大小為v，根據(jù)動能定理，有

設(shè)粒子做勻速圓周運動的半徑為R，由洛倫茲力公式和牛頓第二定律，有

由前面分析可知，要回到S點，粒子從a到d必經(jīng)過圓周，所以半徑R必定等于筒的外半徑r，即R=r。由以上各式解得

25．解：用m表示A、B和C的質(zhì)量。

（1）當物塊A以初速度v₀向右運動時，它因受C給它的滑動摩擦力做勻減速直線運動，而它作用于C的摩擦力不足以使B、C產(chǎn)生相對滑動，即B、C以相同加速度做勻加速直線運動。物塊A、B發(fā)生碰撞的臨界情況是：物塊A運動到物塊B所在處時，A、B速度相等。

在臨界狀況下，因為B與木板C的速度始終相等，所以A、B即將碰撞時，A、B、C三者速度均相同，設(shè)為v₁。由動量守恒定律有

mv₀=3mv₁ ①

在此過程中，設(shè)木板C 運動的路程為s₁，則物塊A運動的路程為s₁+L，由功能原理得：

②

解①、②得：

故A與B發(fā)生碰撞的條件是：

（2）當物塊A的初速度時，A、B將發(fā)生碰撞，物塊B與檔板P發(fā)生碰撞的臨界情況是：物塊B運動到檔板P所在處時，B、C的速度相等。同（1）中結(jié)論，在臨界狀況下，當B運動到檔板P處時，A、B、C三者速度相等，設(shè)此速度為v₂，根據(jù)動量守恒定律得：

mv₀＝3mv₂ ③

設(shè)A、B碰撞前瞬間，A、B、C速度分別為v_A、v_B和v_C，則v_A>v_B，v_B=v_C 。

在A、B碰撞的極短時間內(nèi)，A、B構(gòu)成的系統(tǒng)的動量近似守恒，而木板C的速度保持不變，因為A、B間的碰撞是彈性的，即系統(tǒng)機械能守恒，又物塊A、B質(zhì)量相等，故易得：碰撞后A、B速度交換，設(shè)碰撞剛結(jié)束時A、B、C三者的速度分別為v_A?、v_B?、v_C?，則v_A?＝v_B，v_B?＝v_A，v_C?＝v_C，剛碰撞后A、B、C的運動與（1）類似，只是A、B的運動進行了交換，由此易分析：在整個運動過程中，先是A相對C運動的路程為L，接著是B相對C運動的路程為L，整個系統(tǒng)的動能轉(zhuǎn)變?yōu)閮?nèi)能。類似（1）中方程得

④

聯(lián)立③、④解之，得：

故A與B相撞，B再與P相撞的條件是：

（3）當物塊A的初速度時，B將與檔板P相撞，撞后A、B、C的運動可由（2）中運動類比得到：B、P碰撞后瞬間，物塊A、B速度相同，木板C速度最大，然后C以較大的加速度向右做減速運動，而物塊A和B以相同的較小加速度向右做加速運動，加速過程將持續(xù)到或者A、B與C速度相同，三者以相同速度向右做勻速運動，或者木塊A從木板C上掉了下來，因此物塊B、A在木板C上不可能再發(fā)生碰撞。

(4)若A剛剛沒從木板C上掉下來，即A到達C的左端時的速度變?yōu)榕cC相同，這時三者的速度皆相同，以v₃表示，由動量守恒有

3mv₃=mv₀⑤

從A以初速度v₀在木板C的左端開始運動，經(jīng)過B與P相碰，直到A剛沒從木板C的左端掉下來，這一整個過程中，系統(tǒng)內(nèi)部先是A相對C運動的路程為L，接著B相對C運動的路程也是L，B與P碰后直到A剛沒從木板C上掉下來，A與B相對C運動的路程也皆為L，整個系統(tǒng)動能的改變應(yīng)等于內(nèi)部相互滑動摩擦力做功的代數(shù)和。

即：(3m)v₃²-mv₀² =-μmg?4L ⑥

由⑤⑥兩式得：

故A從C掉下的條件是：

（5）當物塊A的初速度時，A將從木板C上掉下來。設(shè)A剛從木板C上掉下來時，A、B、C三者的速度分別為v_A″, v_B″, v_C″，有 v_A″＝ v _B″＜v_C″，這時⑤式應(yīng)改寫成

mv₀=2m v_A″+mv_C″ ⑦

⑥式應(yīng)改寫成： (2m)v_B″²+mv″_C²-mv₀=-μmg?4L ⑧

當物塊A掉下C后，物塊B從木板C掉下的臨界情況是：當C在左端趕上B時，B與C的速度相等，設(shè)此速度為v₄

則由動量守恒定律可得： mv_B″+ mv_C″＝2mv₄⑨

再對B、C系統(tǒng)從A掉下C到B掉下C的過程用動能定律：

(2m)v₄²―（mv″_B²+mv_C″²）= -μmgL ⑩

聯(lián)立⑦⑧⑨⑩，注意到v_A″＝ v _B″＜v_C″，可解得：

，，

故物塊B從木板C上掉下的條件是：

26．（12分）（1）bd （2分）（2）① 25%（2分） 23.1 kJ（2分） ② ＞（2分）

（3）陰（1分） N₂ ＋ 6H⁺ + 6e^- ＝ 2NH₃（2分）

27．（18分）（1）acd（3分）（2）HOCN（3分）

（3）H―N=C=O（3分） 8HNCO + 6NO₂ = 7N₂ + 8CO₂ + 4H₂O（3分）

（4）NH+ OH^- NH₃↑+ H₂O（3分） 2.8%（3分）

（提示：c（HCl）= =0.08 mol?L^-1，

牛奶中蛋白質(zhì)的百分含量）

28. （15分）（1）SiO₂＋2CSi＋2CO↑（3分）
（2）2Fe²^＋＋Cl₂＝2Fe³^＋＋2Cl^－（3分）
H₂（g）＋Cl₂（g）＝2HCl（g）；ΔH＝－184.6 kJ?mol^－¹（3分）
（3）N₂＋O₂2NO（3分）
（4）C＋4HNO₃CO₂↑＋4NO₂↑＋4H₂O（3分）