題目列表(包括答案和解析)
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一、本題共10小題,每小題4分,共40分。在每小題給出的四個選項中,有的小題只有一個選項正確,有的小題有多個選項正確。全部選對的得4分,選不全的得2分,有選錯的或不答得0分。
1、D 根據(jù)重力的定義;重力的測量只能用彈簧測力計。
2、B、C、D 合力與分力是從力的作用效果相同來考慮的。
3、B、D B加速上升處于超重狀態(tài)。
4、C VAB=(VA+VB)/2,VBC=(VB+VC)/2,VAC=(VA+VC)/2?汕蟪鯲AC
5、B、D
6、A 兩導(dǎo)線受力具有對稱性。
7、B 分別對m、M進(jìn)行研究,剛開始時,F(xiàn)1>F彈,F(xiàn)2>F彈,m、M速度都增加,為一加速過程,直到a=0時,速度不再增加,但由于慣性,它們分別都要向前運動,所以速度又要減少,直到其中一個速度為0,然后反向,所以C錯。B 對。
8、BCD 由R1、R2串聯(lián)分壓可求R1、R2兩端電壓分別為2.4V、3.6V,當(dāng)電壓表與R1并聯(lián)時RVR1/(RV+R1):R2=2:4,解得RV=6 kΩ,當(dāng)電壓表與R2并聯(lián)時,其等效電阻2 kΩ,其兩端電壓應(yīng)為3V。
9、BD 由乙圖可知質(zhì)點從平衡位置的正方向運動。
10、B
二、本題共8小題,共110分。按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要條件的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。
11.(1)
(2)(a)
12.(1)
(2)
13.(1)R1
(2)電路圖如右圖所示
(3)E=1.47 (1.46~1.48均對),
r=0.83 (0.81~0.85均可以)
14、(1)極板間的電場強度E=U/d
(2)α粒子電荷為2e,質(zhì)量為
(3)由d=at2/2,得:t= v=R/t
15、物體在地球表面時,G=mg;在衛(wèi)星離地高H時,F(xiàn)-G‘=ma,G‘=mg’
而g/g‘=(R+H)2/R2
H=1.92x
16、設(shè)兩球之間的斥力大小是F,兩球從開始相互作用到兩球相距最近時所經(jīng)歷的時間是t。當(dāng)兩球相距最近時球B的速度VB=
由動量守恒定律可得:mBVB0=mAVA+mBVB
得:VB0=9m/s
(2)兩球從開始相互作用到它們之間距離最近時,它們之間的相對位移ΔS=L-d,由功能關(guān)系可得:FΔS=mBV2B0/2-(mAV2A/2+mBV2B/2)
得:F=2.25N
(3)根據(jù)動量定理,對A球有Ft=mVA-0,t=mAVA/F=32/9=3.56s
17、(2)由幾何關(guān)系求出粒子在磁場中做勻速運動的半徑:r2=202+(40-r)2
又因:Bqv=mv2/r, 而EK=mv2/2
可求得:B=8.0×10-2T
(3)由圖可知Sinθ=15/25=3/5故θ=370,粒子在磁場中做勻速圓周運動,則到P點時轉(zhuǎn)過的圓心角為:φ=θ+900=1270
粒子從0點運動到P點所用的時間為:t=φT/3600,其中T=2Лm/Bq
t=5.54×10-7s
18、(1)設(shè)棒第一次上升過程中,環(huán)的加速度為a1,環(huán)受合力F=kmg-mg,由牛頓第二定律F=ma1。由兩式得:a1=(k-1)g,方向豎直向上。
(2)設(shè)以地面為零勢能面,向上為正方向棒第一次落地的速度大小為v1,由機(jī)械能守恒可得:v12=2gH
設(shè)棒彈起后的加速度為a2,由牛頓第二定律:a2=-(k+1)g
棒第一次彈起的最大高度為:H1=-v1/2a2
得:H1=H/(k+1),棒運動的路程為:S=H+2H1=(k+3)H/(k+1)
(3)設(shè)環(huán)相對棒滑動距離為L,根據(jù)能量守恒:mgH+mg(H+L)=kmgL,
摩擦力對棒及環(huán)做的總功:W=-kmgL
解得:W=-2kmgH/(k-1)
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