查看答案和解析>>

查看答案和解析>>

如圖，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個邊長為10cm的正六邊形的六個頂點，A、B、C三點電勢分別為1.0V、2.0V、3.0V，則下列說法正確的是（ ）
A．勻強電場的場強大小為10V/m
B．勻強電場的場強大小為 V/m
C．電荷量為1.6×10^-19C的正點電荷從E點移到F點，電荷克服電場力做功為1.6×10^-19J
D．電荷量為1.6×10^-19C的負點電荷從F點移到D點，電荷的電勢能減少4.8×10^-19J

查看答案和解析>>

如圖，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個邊長為10cm的正六邊形的六個頂點，A、B、C三點電勢分別為1.0V、2.0V、3.0V，則下列說法正確的是（   ）

A．勻強電場的場強大小為10V/m
B．勻強電場的場強大小為 V/m
C．電荷量為1.6×10^{－19 C}的正點電荷從E點移到F點，電荷克服電場力做功為1.6×10^－19 J
D．電荷量為1.6×10^{－19 C}的負點電荷從F點移到D點，電荷的電勢能減少4.8×10^－19 J

查看答案和解析>>

如圖，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個邊長為10cm的正六邊形的六個頂點，A、B、C三點電勢分別為1.0V、2.0V、3.0V，則下列說法正確的是                  （    ）
       A．勻強電場的場強大小為10V/m
       B．勻強電場的場強大小為V/m
       C．電荷量為1.6×10^－19C的正點電荷從E點移到F點，電荷克服電場力做功為
       1.6×10^－19J
       D．電荷量為1.6×10^－19C的負點電荷從F點移到D點，電荷的電勢能減少4.8×10^－19J

查看答案和解析>>

一、選擇題

14

15

16

17

18

19

20

21

D

C

ABC

B

B

BD

CD

B

二、非選擇題：

22. （共17分，）

（1）、（5分）  ①   χ   ②     1.0  

（2）、（12分） ① R₁             1.45――1.47       1.70――1.83    

②連線如圖

③ =      > 

23、解析：（1）電子在磁場中運動，只受洛倫茲力作用，故其軌跡是圓弧一部分，又因為f⊥v，故圓心在電子穿入和穿出磁場時受到洛倫茲力指向交點上，如圖中的O點，由幾何知識知，AB間圓心角θ=30⁰，OB為半徑．所以r=d/sin30⁰=2d．         

又由r=得m＝2dBe／v．

    （2）又因為AB圓心角是30⁰，所以穿過時間 t=T=×=．

24、解析：（1）油滴在進入兩板前作自由落體運動，剛進入兩板之間時的速度為V₀，受到的電場力與磁場力相等，則

qv₀B＝qU／d，v₀＝U／Bd= ，h=U²／2gB²d²

（2）油滴進入兩板之間后，速度增大，洛侖茲力在增大，故電場力小于洛侖茲力，油滴將向P板偏轉(zhuǎn)，電場力做負功，重力做正功，油滴離開兩板時的速度為V_x ，由動能定理mg（h＋L）－q U／2=mV_x ²/2，

25、解析：（1）設此時小球的合速度大小為v_合，方向與u的夾角為θ

    有……①     cosθ=u/v_合=u/  ………②

  此時粒子受到的洛倫茲力f和管壁的彈力N如所示，由牛頓第二定律可求此時小球上升的加速度為：a=fcosθ=qv_合Bcosθ/m………③ 

聯(lián)立①②③解得：a=quB/m

（2）由上問a知，小球上升加速度只與小球的水平速度u有關，故小球在豎直方向上做加速運動．設小球離開N端管口時的豎直分速度為v_y，由運動學公式得

此時小球的合速度

    故小球運動的半徑為 

（3）因洛化茲力對小球做的功為零，由動能定理得管壁對小球做的功為：   

W=1/2mv²－1/2mu²=quBh