Question

15．如圖所示，處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的兩根足夠長(zhǎng)、電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌相距1m，導(dǎo)軌平面與水平面成θ=37°角，下端連接阻值為R的電阻．勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌平面垂直向上．質(zhì)量為0.2kg，電阻不計(jì)的金屬棒放在兩導(dǎo)軌上，棒與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，它們之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25．
（1）求金屬棒沿導(dǎo)軌由靜止開始下滑時(shí)的加速度大��；
（2）當(dāng)金屬棒下滑速度達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，電阻R消耗的功率為8W，求該速度的大小；
（3）在第二問中，如果R=2Ω，金屬棒中的電流方向由a到b，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向．（g=10m/s²，sin37°=0.6，cos37°=0.8）

Answer 1

分析 （1）開始下滑時(shí)，速度為零，無感應(yīng)電流產(chǎn)生，因此不受安培力，故根據(jù)牛頓第二定律可直接求解結(jié)果．
（2）金屬棒下滑速度達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，金屬棒所受合外力為零，根據(jù)平衡條件求出安培力，然后根據(jù)公式P=Fv求解．
（3）結(jié)合第（2）問求出回路中的感應(yīng)電流，然后根據(jù)電功率的公式求解．

解答 解：（1）金屬棒開始下滑的初速為零，根據(jù)牛頓第二定律有：
mgsinθ-μmgcosθ=ma…①
由①式解得：a=g（sinθ-μcosθ）=10×（O.6-0.25×0.8）m/s²=4m/s²…②
故金屬棒沿導(dǎo)軌由靜止開始下滑時(shí)的加速度大小為4m/s²．
（2）設(shè)金屬棒運(yùn)動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，速度為v，所受安培力為F，棒在沿導(dǎo)軌方向受力平衡，有：
mgsinθ-μmgcosθ-F=0…③
此時(shí)金屬棒克服安培力做功的功率等于電路中電阻R消耗的電功率：P=Fv…④
由③、④兩式解得：v=$\frac{P}{F}$=$\frac{P}{mg（sinθ-μcosθ）}$=$\frac{8}{0.2×10×（0.6-0.25×0.8）}$m/s=10m/s…⑤
故當(dāng)金屬棒下滑速度達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，棒的速度大小為10m/s．
（3）設(shè)電路中電流為I，兩導(dǎo)軌間金屬棒的長(zhǎng)為l，
磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，感應(yīng)電流為：
 I=$\frac{E}{R}$=$\frac{BLv}{R}$…⑥
功率為：P=I²R…⑦
由⑥、⑦兩式解得：B=0.4T…⑧
故磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為0.4T，方向垂直導(dǎo)軌平面向上．
答：（1）金屬棒沿導(dǎo)軌由靜止開始下滑時(shí)的加速度大小為4m/s²；
（2）該速度的大小為10m/s；
（3）在上問中，若R=2Ω，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為0.4T，磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)軌平面向上．

點(diǎn)評(píng) 解這類問題的突破口為正確分析安培力的變化，正確分析導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，從力和功率兩個(gè)角度進(jìn)行列方程求解．