Question

如圖所示的平面直角坐標(biāo)系，x軸水平，y軸豎直，第一象限內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場；第二象限內(nèi)有一對平行于x軸放置的金屬板，板間有正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場方向沿y軸負(fù)方向，場強(qiáng)大小未知，磁場垂直坐標(biāo)平面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為B；第四象限內(nèi)有勻強(qiáng)電場，電場方向與x軸正方向成45°角斜向右上方，場強(qiáng)大小與平行金屬板間的場強(qiáng)大小相同．現(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為q的粒子以某一初速度進(jìn)入平行金屬板，并始終沿x軸正方向運(yùn)動，粒子進(jìn)入第一象限后，從x軸上的D點(diǎn)與x軸正方向成45°角進(jìn)入第四象限，M點(diǎn)為粒子第二次通過x軸的位置．已知OD距離為L，不計粒子重力．求：
（1）粒子運(yùn)動的初速度大小和勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大�。�
（2）DM間的距離．（結(jié)果用m、q、v₀、L和B表示）

Answer 1

分析：（1）、帶點(diǎn)粒子在第二象限的金屬板之間運(yùn)動時，沿x軸的正方向運(yùn)動，說明帶電粒子在豎直方向上受力平衡，即受到的電場力和洛倫茲力大小相等，方向相反；帶電粒子進(jìn)入第一象限后，在洛倫茲力的作用下做圓周運(yùn)動，由幾何關(guān)系確定圓心，并求出軌跡的半徑，帶電粒子做圓周運(yùn)動的向心力是洛倫茲力．綜上所述，列式即可求出帶電粒子的初速度和電場強(qiáng)度的大�。�
（2）、經(jīng)對帶電粒子的受力情況和初速度的分析可知，帶電粒子在第四象限內(nèi)做類平拋運(yùn)動，把位移沿垂直于電場的方向和沿電場的方向進(jìn)行分解，在這兩個方向上由運(yùn)動學(xué)公式列式，結(jié)合幾何關(guān)系，便可求出DM的距離．

解答：解：
（1）、粒子在板間受電場力和洛倫茲力做勻速直線運(yùn)動，設(shè)粒子初速度為v₀，由平衡條件有：
qv₀B=qE…①
粒子在第一象限內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，圓心為O₁，半徑為R，軌跡如圖，
由幾何關(guān)系知：R=

L

cos45°

=

2

L…②
由牛頓第二定律和圓周運(yùn)動的向心力公式有：qv0B = m

v 2 0

R

…③
由②③式解得：v0=

2 qBL

m

…④
由①④式解得：E=

2 qB2L

m

…⑤
（2）、由題意可知，粒子從D進(jìn)入第四象限后做類平拋運(yùn)動，軌跡如圖，設(shè)粒子從D到M的運(yùn)動時間為t，將運(yùn)動分解在沿場強(qiáng)方向和垂直于場強(qiáng)的方向上，則粒子沿DG方向做勻速直線運(yùn)動的位移為：

.

DG

=v0t…⑥
粒子沿DF方向做勻加速直線運(yùn)動的位移為：

.

DF

=

1

2

at2=

Eqt2

2m

…⑦
由幾何關(guān)系可知：

.

DG

=

.

DF

，

.

DM

= 

2

 

.

DG

…⑧
由⑤⑥⑦⑧式可解得：

.

DM

=

2m2 v 2 0

q2B2L

答：（1）粒子運(yùn)動的初速度大小和勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為

2 qB2L

m

；
（2）DM間的距離

2m2 v 2 0

q2B2L

．

點(diǎn)評：1、此類型的題首先要對物體的運(yùn)動進(jìn)行分段，然后對物體在各段中進(jìn)行正確的受力分析和運(yùn)動的分析，進(jìn)行列式求解．
2、洛倫茲力對電荷不做功，只是改變運(yùn)動電荷的運(yùn)動方向，不改變運(yùn)動電荷的速度大�。�
3、帶電粒子做勻速圓周運(yùn)動的圓心、半徑及運(yùn)動時間的確定：
①、圓心的確定：因為洛倫茲力提供向心力，所以洛倫茲力總是垂直于速度的方向，畫出帶電粒子運(yùn)動軌跡中任意兩點(diǎn)（一般是射入磁場和射出磁場的兩點(diǎn)）洛倫茲力的方向，其延長線的交點(diǎn)即為圓心．
②、半徑的確定：半徑一般都是在確定圓心的基礎(chǔ)上用平面幾何的知識求解，常常用到解三角形，尤其是直角三角形．
③、運(yùn)動時間的確定：利用圓心角與弦切角的關(guān)系或者四邊形的內(nèi)角和等于360°計算出粒子所經(jīng)過的圓心角θ的大小，用公式t=

θ

360°

T可求出運(yùn)動時間．