Question

（2010?南通二模）如圖所示，有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里，MN為其左邊界，磁場(chǎng)中放置一半徑為R的圓柱形金屬圓筒，圓心O到MN的距離OO₁=2R，圓筒軸線與磁場(chǎng)平行．圓筒用導(dǎo)線通過(guò)一個(gè)電阻r₀接地，最初金屬圓筒不帶電．現(xiàn)有范圍足夠大的平行電子束以速度v₀從很遠(yuǎn)處沿垂直于左邊界MN向右射入磁場(chǎng)區(qū)，已知電子質(zhì)量為m，電量為e．
（1）若電子初速度滿足v0=

3eBR

m

，則在最初圓筒上沒(méi)有帶電時(shí)，能夠打到圓筒上的電子對(duì)應(yīng)MN邊界上O₁兩側(cè)的范圍是多大？
（2）當(dāng)圓筒上電量達(dá)到相對(duì)穩(wěn)定時(shí)，測(cè)量得到通過(guò)電阻r₀的電流恒為I，忽略運(yùn)動(dòng)電子間的相互作用，求此時(shí)金屬圓筒的電勢(shì)φ和電子到達(dá)圓筒時(shí)速度v（取無(wú)窮遠(yuǎn)處或大地電勢(shì)為零）．
（3）在（2）的情況下，求金屬圓筒的發(fā)熱功率．

Answer 1

分析：（1）由牛頓第二定律可求得粒子的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑，畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可得出幾何關(guān)系，從而確定出到圓筒上的電子對(duì)應(yīng)MN邊界上O₁兩側(cè)的范圍；
（2）由歐姆定律可求得圓柱體與地面間的電勢(shì)差，則可求得金屬圓桶的電勢(shì)；由動(dòng)能定理可求得電子射到圓柱表面時(shí)的速度；
（3）由電流的微觀定義可求得電子數(shù)，則可求得電子具有的總能量，由能量守恒可求得圓筒上的發(fā)熱功率．

解答：解：（1）如圖所示，設(shè)電子進(jìn)入磁場(chǎng)回旋軌道半徑為r，則  qv0B=m

v 2 0

r

   解得   r=3R   
大量電子從MN上不同點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)軌跡如圖，從O₁上方P點(diǎn)射入的電子剛好擦過(guò)圓筒O1O2=

(4R)2-(2R)2

=2

3

R   
O1P=O1O2+r=(3+2

3

)R   
同理可得到O₁下Q點(diǎn)距離O1Q=(2

3

-3)R．
（2）穩(wěn)定時(shí)，圓柱體上電荷不再增加，與地面電勢(shì)差恒為U，
U=Ir₀
電勢(shì) φ=-Ir₀   
電子從很遠(yuǎn)處射到圓柱表面時(shí)速度為v，有-eU=

1

2

mv2-

1

2

m

v

2 0

  
解得  v=

v 2 0 - 2eIr0 m

．
（3）電流為I，單位時(shí)間到達(dá)圓筒的電子數(shù)  n=

I

e

電子所具有總能量   E=n×

1

2

m

v

2 0

=

mI v 2 0

2e

    
消耗在電阻上的功率  P_r=I²r₀    
所以圓筒發(fā)熱功率   P=

mI v 2 0

2e

-I2r0．

點(diǎn)評(píng)：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)解題時(shí)常常要根據(jù)題意做出可能的軌跡圖，然后再根據(jù)幾何關(guān)系即可確定出要求的問(wèn)題．