Question

（I）已知函數(shù)f（x）=rx-x^r+（1-r）（x＞0），其中r為有理數(shù)，且0＜r＜1．求f（x）的最小值；
（II）試用（I）的結(jié)果證明如下命題：設(shè)a₁≥0，a₂≥0，b₁，b₂為正有理數(shù)，若b₁+b₂=1，則a₁^b1a₂^b2≤a₁b₁+a₂b₂；
（III）請(qǐng)將（II）中的命題推廣到一般形式，并用數(shù)學(xué)歸納法證明你所推廣的命題．注：當(dāng)α為正有理數(shù)時(shí)，有求道公式（x^α）^r=αx^α-1．

Answer 1

【答案】分析：（I）求導(dǎo)函數(shù)，令f′（x）=0，解得x=1；確定函數(shù)在（0，1）上是減函數(shù)；在（0，1）上是增函數(shù)，從而可求f（x）的最小值；
（II）由（I）知，x∈（0，+∞）時(shí)，有f（x）≥f（1）=0，即x^r≤rx+（1-r），分類討論：若a₁，a₂中有一個(gè)為0，則a₁^b1a₂^b2≤a₁b₁+a₂b₂成立；若a₁，a₂均不為0，，可得a₁^b1a₂^b2≤a₁b₁+a₂b₂成立
（III）（II）中的命題推廣到一般形式為：設(shè)a₁≥0，a₂≥0，…，a_n≥0，b₁，b₂，…，b_n為正有理數(shù)，若b₁+b₂+…+b_n=1，則a₁^b1a₂^b2…a_n^bn≤a₁b₁+a₂b₂+…a_nb_n；
用數(shù)學(xué)歸納法證明：（1）當(dāng)n=1時(shí)，b₁=1，a₁≤a₁，推廣命題成立；（2）假設(shè)當(dāng)n=k時(shí)，推廣命題成立，證明當(dāng)n=k+1時(shí)，利用a₁^b1a₂^b2…a_k^bka_k+1^bk+1=（a₁^b1a₂^b2…a_k^bk）a_k+1^bk+1=a_k+1^bk+1，結(jié)合歸納假設(shè)，即可得到結(jié)論．
解答：（I）解：求導(dǎo)函數(shù)可得：f′（x）=r（1-x^r-1），令f′（x）=0，解得x=1；
當(dāng)0＜x＜1時(shí)，f′（x）＜0，所以f（x）在（0，1）上是減函數(shù)；
當(dāng)x＞1時(shí)，f′（x）＞0，所以f（x）在（0，1）上是增函數(shù)
所以f（x）在x=1處取得最小值f（1）=0；
（II）解：由（I）知，x∈（0，+∞）時(shí)，有f（x）≥f（1）=0，即x^r≤rx+（1-r）①
若a₁，a₂中有一個(gè)為0，則a₁^b₁a₂^b₂≤a₁b₁+a₂b₂成立；
若a₁，a₂均不為0，∵b₁+b₂=1，∴b₂=1-b₁，
∴①中令，可得a₁^b₁a₂^b₂≤a₁b₁+a₂b₂成立
綜上，對(duì)a₁≥0，a₂≥0，b₁，b₂為正有理數(shù)，若b₁+b₂=1，則a₁^b1a₂^b2≤a₁b₁+a₂b₂；②
（III）解：（II）中的命題推廣到一般形式為：設(shè)a₁≥0，a₂≥0，…，a_n≥0，b₁，b₂，…，b_n為正有理數(shù)，若b₁+b₂+…+b_n=1，則a₁^b₁a₂^b₂…a_n^b_n≤a₁b₁+a₂b₂+…a_nb_n；③
用數(shù)學(xué)歸納法證明
（1）當(dāng)n=1時(shí)，b₁=1，a₁≤a₁，③成立
（2）假設(shè)當(dāng)n=k時(shí)，③成立，即a₁≥0，a₂≥0，…，a_k≥0，b₁，b₂，…，b_k為正有理數(shù)，若b₁+b₂+…+b_k=1，則a₁^b₁a₂^b₂…a_k^b_k≤a₁b₁+a₂b₂+…a_kb_k．
當(dāng)n=k+1時(shí)，a₁≥0，a₂≥0，…，a_k+1≥0，b₁，b₂，…，b_k+1為正有理數(shù)，若b₁+b₂+…+b_k+1=1，則1-b_k+1＞0
于是a₁^b₁a₂^b₂…a_k^b_ka_k+1^b_k+1=（a₁^b₁a₂^b₂…a_k^b_k）a_k+1^b_k+1=a_k+1^b_k+1
∵++…+=1
∴…≤++…+
=
∴a_k+1^b_k+1≤•（1-b_k+1）+a_k+1b_k+1，
∴a₁^b₁a₂^b₂…a_k^bka_k+1^b_k+1≤a₁b₁+a₂b₂+…a_kb_k+a_k+1b_k+1．
∴當(dāng)n=k+1時(shí)，③成立
由（1）（2）可知，對(duì)一切正整數(shù)，推廣的命題成立．
點(diǎn)評(píng)：本題考查導(dǎo)數(shù)知識(shí)的運(yùn)用，考查不等式的證明，考查數(shù)學(xué)歸納法，解題的關(guān)鍵是分類討論，正確運(yùn)用已證得的結(jié)論，掌握數(shù)學(xué)歸納法的證題步驟，屬于難題．