Question

已知數(shù)集A={a₁，a₂，…，a_n}（1≤a₁＜a₂＜…＜a_n，n≥2）具有性質(zhì)P：對(duì)任意的i，j（1≤i≤j≤n），a_ia_j與兩數(shù)中至少有一個(gè)屬于A．
（1）分別判斷數(shù)集{1，3，4}與{1，2，3，6}是否具有性質(zhì)P，并說明理由；
（2）求a₁的值；當(dāng)n=3時(shí)，數(shù)列a₁，a₂，a₃是否成等比數(shù)列，試說明理由；
（3）由（2）及通過對(duì)A的探究，試寫出關(guān)于數(shù)列a₁，a₂，…，a_n的一個(gè)真命題，并加以證明．

Answer 1

【答案】分析：（1）根據(jù)性質(zhì)P；對(duì)任意的i，j（1≤i≤j≤n），a_ia_j與 兩數(shù)中至少有一個(gè)屬于A，驗(yàn)證給的集合集{1，3，4}與{1，2，3，6}中的任何兩個(gè)元素的積商是否為該集合中的元素；
（2）根據(jù)A={a₁，a₂，…，a_n} 具有性質(zhì)P，則a_na_n 與 中至少有一個(gè)屬于A，由于 1≤a₁＜a₂＜…a_n，故a_na_n∉A 從而 求出a₁的值，易證 都屬于A，從而，，，即a₃=a₁a₃=a₂²，滿足等比數(shù)列的定義；
（3）對(duì)于一切大于或等于3的奇數(shù)n，滿足性質(zhì)P 的數(shù)列a₁，a₂，…，a_n 成等比數(shù)列，由（2），不妨設(shè)n=2k+1（k∈N，k≥2）．首先易得a_2k+1a_i∉A（i=1，…2k），仿照（2）的方法進(jìn)行證明即可．
解答：解：（1）由于3×4 與 均不屬于數(shù)集{1，3，4}，∴數(shù)集{1，3，4} 不具有性質(zhì)P …2分
由于1×2，1×3，1×6，2×3，，， 都屬于數(shù)集{1，2，3，6}，
∴數(shù)集{1，2，3，6} 具有性質(zhì)P…4分
（2）∵A={a₁，a₂，…，a_n} 具有性質(zhì)P，
∴a_na_n 與 中至少有一個(gè)屬于A，由于 1≤a₁＜a₂＜…a_n，故a_na_n∉A …5分
從而 …6分∴a₁=1 …7分
當(dāng)n=3 時(shí)，∵，a₁=1，a₂a₃∉A，∴ 都屬于A …8分
從而，，，即a₃=a₁a₃=a₂²，…9分
故數(shù)列a₁，a₂，a₃ 成等比數(shù)列…10分
（3）對(duì)于一切大于或等于3的奇數(shù)n，滿足性質(zhì)P 的數(shù)列a₁，a₂，…，a_n 成等比數(shù)列． …12分
證明：由（2），不妨設(shè)n=2k+1（k∈N，k≥2）．首先易得a_2k+1a_i∉A（i=1，…2k），知 都屬于A，又，從而，有 ，即 a_2k+1=a₁a_2k+1=a₂a_2k=a₃a_2k-1=…=a_i+2a_2k-i=…=a₂a_k+2=a_k+1² …（﹡） 因?yàn)閍_i+ja_2k-i＞a_i+2a_2k-i=a_2k+1（0≤i≤k-2，3≤j≤2k-2i），所以，只有，， 均屬于A． 將i 從0 到k-2 列舉，便得到：
第1組：，共2k-2 項(xiàng)；
第2組：，共2k-4 項(xiàng)；
第3組：，共2k-6 項(xiàng)；
…第k-1 組：，共2 項(xiàng)．上一組的第2項(xiàng)總大于下一組的第1項(xiàng)，
再注意到，故第1組的各數(shù)從左到右依次為：a_2k-2，a_2k-3，a_2k-4，…，a₂，a₁；第2組的各數(shù)從左到右依次為：a_2k-4，a_2k-5，a_2k-6，…，a₂，a₁；第3組的各數(shù)從左到右依次為：a_2k-6，a_2k-7，a_2k-8，…，a₂，a₁； …第k-1 組的各數(shù)從左到右依次為：a₂，a₁．于是，有，由（﹡），，，…，，又，故數(shù)列a₁，a₂，…，a_n 成等比數(shù)列．…15分
點(diǎn)評(píng)：本題主要考查集合、等比數(shù)列的性質(zhì)，考查運(yùn)算能力、推理論證能力、分分類討論等數(shù)學(xué)思想方法．此題能很好的考查學(xué)生的應(yīng)用知識(shí)分析、解決問題的能力，側(cè)重于對(duì)能力的考查，屬于較難層次題．