Question

如圖，直線l₁：y=kx（k＞0）與直線l₂：y=-kx之間的陰影區(qū)域（不含邊界）記為W，其左半部分記為W₁，右半部分記為W₂．
（Ⅰ）分別用不等式組表示W(wǎng)₁和W₂．
（Ⅱ）若區(qū)域W中的動(dòng)點(diǎn)P（x，y）到l₁，l₂的距離之積等于d²，求點(diǎn)P的軌跡C的方程；
（Ⅲ）設(shè)不過原點(diǎn)O的直線l與（Ⅱ）中的曲線C相交于M₁，M₂兩點(diǎn)，且與l₁，l₂分別交于M₃，M₄兩點(diǎn)．求證△OM₁M₂的重心與△OM₃M₄的重心重合．

Answer 1

【答案】分析：（I）根據(jù)圖象可知W₁是直線y=kx和y=-kx左半部分之間的點(diǎn)的集合，W₂是y=kx和y=-kx左半部分之間的點(diǎn)的集合進(jìn)而可得答案．
（II）利用點(diǎn)到直線的距離根據(jù)動(dòng)點(diǎn)P（x，y）到l₁，l₂的距離之積等于d²，建立等式，求得x和y的關(guān)系式，即點(diǎn)P的軌跡方程．
（Ⅲ）先看當(dāng)直線l與x軸垂直時(shí)設(shè)直線l的方程為x=a，進(jìn)而求得M₁M₂，M₃M₄的中點(diǎn)坐標(biāo)，判斷出△OM₁M₂，△OM₃M₄的重心坐標(biāo)都為（a，0），再看直線l₁與x軸不垂直時(shí)，設(shè)出直線l的方程與P的軌跡方程聯(lián)立，消去y，判別式大于0，設(shè)M₁，M₂的坐標(biāo)，表示出x₁+x₂和y₁+y₂，設(shè)M₃，M₄的坐標(biāo)把直線y=kx和y=mx+n表示出x₃和x₄，求得x₃+x₄==x₁+x₂，進(jìn)而求得y₃+y₄=y₁+y₂，推斷出△OM₁M₂的重心與△OM₃M₄的重心重合．
解答：解：（I）根據(jù)圖象可知陰影區(qū)域左半部分，在y=-kx的下方，在y=kx的上邊，
故y的范圍可知kx＜y＜-kx，且x＜0，
陰影區(qū)域右半部分，在y=kx的下邊，y=-kx的上方，x＞0
∴W₁={（x，y）|kx＜y＜-kx，x＜0}，W₂={（x，y）|-kx＜y＜kx，x＞0}，
（II）直線l₁：kx-y=0，直線l₂：kx+y=0，由題意得•=d²，即=d²，
由P（x，y）∈W，知k²x²-y²＞0，
所以=d²，即k²x²-y²-（k²+1）d²=0，
所以動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C的方程為k²x²-y²-（k²+1）d²=0；
（Ⅲ）當(dāng)直線l與x軸垂直時(shí)，可設(shè)直線l的方程為x=a（a≠0）．
由于直線l，曲線C關(guān)于x軸對(duì)稱，且l₁與l₂關(guān)于x軸對(duì)稱，
于是M₁M₂，M₃M₄的中點(diǎn)坐標(biāo)都為（a，0），
所以△OM₁M₂，△OM₃M₄的重心坐標(biāo)都為（a，0），即它們的重心重合，
當(dāng)直線l₁與x軸不垂直時(shí)，設(shè)直線l的方程為y=mx+n（n≠0）．
由，得（k²-m²）x²-2mnx-n²-k²d²-d²=0
由直線l與曲線C有兩個(gè)不同交點(diǎn)，可知k²-m²≠0且
△=（2mn）²+4（k²-m²）×（n²+k²d²+d²）＞0
設(shè)M₁，M₂的坐標(biāo)分別為（x₁，y₁），（x₂，y₂），
則，y₁+y₂=m（x₁+x₂）+2n，
設(shè)M₃，M₄的坐標(biāo)分別為（x₃，y₃），（x₄，y₄），
由得x₃=，x₄=
從而x₃+x₄==x₁+x₂，
所以y₃+y₄=m（x₃+x₄）+2n=m（x₁+x₂）+2n=y₁+y₂，
于是△OM₁M₂的重心與△OM₃M₄的重心也重合．
點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了直線與圓錐曲線的綜合問題．考查了學(xué)生分析推理和數(shù)形結(jié)合的思想的運(yùn)用．