Question

已知函數(shù)f（x）=xe^-x（x∈R）
（Ⅰ）求函數(shù)f（x）的單調(diào)區(qū)間和極值；
（Ⅱ）已知函數(shù)y=g（x）的圖象與函數(shù)y=f（x）的圖象關(guān)于直線x=1對稱，證明：當(dāng)x＞1時(shí)，f（x）＞g（x）；
（Ⅲ）如果x₁≠x₂，且f（x₁）=f（x₂），證明x₁+x₂＞2．

Answer 1

【答案】分析：（1）先求導(dǎo)求出導(dǎo)數(shù)為零的值，通過列表判定導(dǎo)數(shù)符號，確定出單調(diào)性和極值．
（2）先利用對稱性求出g（x）的解析式，比較兩個(gè)函數(shù)的大小可將它們作差，研究新函數(shù)的最小值，使最小值大于零，不等式即可證得．
（3）通過題意分析先討論，可設(shè)x₁＜1，x₂＞1，利用第二問的結(jié)論可得f（x₂）＞g（x₂），根據(jù)對稱性將g（x₂）換成f（2-x₂），再利用單調(diào)性根據(jù)函數(shù)值的大小得到自變量的大小關(guān)系．
解答：解：（Ⅰ）解：f′（x）=（1-x）e^-x
令f′（x）=0，解得x=1
當(dāng)x變化時(shí)，f′（x），f（x）的變化情況如下表

所以f（x）在（-∞，1）內(nèi)是增函數(shù)，在（1，+∞）內(nèi)是減函數(shù)．
函數(shù)f（x）在x=1處取得極大值f（1）且f（1）=．

（Ⅱ）證明：由題意可知g（x）=f（2-x），得g（x）=（2-x）e^x-2
令F（x）=f（x）-g（x），即F（x）=xe^-x+（x-2）e^x-2
于是F'（x）=（x-1）（e^2x-2-1）e^-x
當(dāng)x＞1時(shí)，2x-2＞0，從而e^2x-2-1＞0，又e^-x＞0，所以f′（x）＞0，從而函數(shù)F（x）在[1，+∞）是增函數(shù)．
又F（1）=e^-1-e^-1=0，所以x＞1時(shí)，有f（x）＞F（1）=0，即f（x）＞g（x）．

（Ⅲ）證明：（1）若（x₁-1）（x₂-1）=0，由（I）及f（x₁）=f（x₂），則x₁=x₂=1．與x₁≠x₂矛盾．
（2）若（x₁-1）（x₂-1）＞0，由（I）及f（x₁）=f（x₂），得x₁=x₂．與x₁≠x₂矛盾．
根據(jù)（1）（2）得（x₁-1）（x₂-1）＜0，不妨設(shè)x₁＜1，x₂＞1．
由（Ⅱ）可知，f（x₂）＞g（x₂），
則g（x₂）=f（2-x₂），
所以f（x₂）＞f（2-x₂），
從而f（x₁）＞f（2-x₂）．
因?yàn)閤₂＞1，所以2-x₂＜1，
又由（Ⅰ）可知函數(shù)f（x）在區(qū)間（-∞，1）內(nèi)是增函數(shù)，
所以x₁＞2-x₂，即x₁+x₂＞2．
點(diǎn)評：本小題主要考查導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用，利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性與極值等基礎(chǔ)知識，考查運(yùn)算能力及用函數(shù)思想分析解決問題的能力．