Question

如圖，已知定圓C：x²+（y-3）²=4，定直線(xiàn)m：x+3y+6=0，過(guò)A（-1，0）的一條動(dòng)直線(xiàn)l與直線(xiàn)相交于N，與圓C相交于P，Q兩點(diǎn)，M是PQ中點(diǎn)．
（Ⅰ）當(dāng)l與m垂直時(shí)，求證：l過(guò)圓心C；
（Ⅱ）當(dāng)時(shí)，求直線(xiàn)l的方程；
（Ⅲ）設(shè)t=，試問(wèn)t是否為定值，若為定值，請(qǐng)求出t的值；若不為定值，請(qǐng)說(shuō)明理由．

Answer 1

解：（Ⅰ）由已知，故k_l=3，
所以直線(xiàn)l的方程為y=3（x+1）．
將圓心C（0，3）代入方程易知l過(guò)圓心C．（3分）
（Ⅱ）當(dāng)直線(xiàn)l與x軸垂直時(shí)，易知x=-1符合題意；（4分）
當(dāng)直線(xiàn)與x軸不垂直時(shí)，設(shè)直線(xiàn)l的方程為y=k（x+1），由于，
所以|CM|=1．由，解得．
故直線(xiàn)l的方程為x=-1或4x-3y+4=0．（8分）
（Ⅲ）當(dāng)l與x軸垂直時(shí)，易得M（-1，3），，
又A（-1，0）則，，故．即t=-5．（10分）
當(dāng)l的斜率存在時(shí)，設(shè)直線(xiàn)l的方程為y=k（x+1），代入圓的方程得（1+k²）x²+（2k²-6k）x+k²-6k+5=0．
則，，
即，=．
又由得，
則．
故t=．
綜上，t的值為定值，且t=-5．（14分）
另解一：連接CA，延長(zhǎng)交m于點(diǎn)R，由（Ⅰ）知AR⊥m．又CM⊥l于M，
故△ANR∽△AMC．于是有|AM|•|AN|=|AC|•|AR|．
由，得|AM|•|AN|=5．
故（14分）
另解二：連接CA并延長(zhǎng)交直線(xiàn)m于點(diǎn)B，連接CM，CN，由（Ⅰ）知AC⊥m，又CM⊥l，
所以四點(diǎn)M，C，N，B都在以CN為直徑的圓上，
由相交弦定理得．（14分）
分析：（Ⅰ）根據(jù)已知，容易寫(xiě)出直線(xiàn)l的方程為y=3（x+1）．將圓心C（0，3）代入方程易知l過(guò)圓心C．
（Ⅱ）過(guò)A（-1，0）的一條動(dòng)直線(xiàn)l．應(yīng)當(dāng)分為斜率存在和不存在兩種情況；當(dāng)直線(xiàn)l與x軸垂直時(shí)，進(jìn)行驗(yàn)證．當(dāng)直線(xiàn)與x軸不垂直時(shí)，設(shè)直線(xiàn)l的方程為y=k（x+1），由于弦長(zhǎng)，利用垂徑定理，則圓心C到弦的距離|CM|=1．從而解得斜率K來(lái)得出直線(xiàn)l的方程為．
（Ⅲ）同樣，當(dāng)l與x軸垂直時(shí)，要對(duì)設(shè)t=，進(jìn)行驗(yàn)證．當(dāng)l的斜率存在時(shí)，設(shè)直線(xiàn)l的方程為y=k（x+1），代入圓的方程得到一個(gè)二次方程．充分利用“兩根之和”和“兩根之積”去找．再用兩根直線(xiàn)方程聯(lián)立，去找．從而確定t=的代數(shù)表達(dá)式，再討論t是否為定值．
點(diǎn)評(píng)：（1）用直線(xiàn)方程時(shí)，一定要注意分為斜率存在和不存在兩種情況．一般是驗(yàn)證特殊，求解一般．
（2）解決直線(xiàn)與圓相交弦相關(guān)計(jì)算時(shí)一般采用垂徑定理求解．
（3）涉及到直線(xiàn)和圓、圓錐曲線(xiàn)問(wèn)題時(shí)，常常將直線(xiàn)代入曲線(xiàn)方程得到一個(gè)一元二次方程，再充分利用“兩根之和”和“兩根之積”整體求解．這種方法通常叫做“設(shè)而不求”．