Question

已知函數(shù)f（x）滿足如下條件：當(dāng)x∈（-1，1]時(shí)，f（x）=ln（x+1），x∈R，且對(duì)任意x∈R，都有f（x+2）=2f（x）+1．
（1）求函數(shù)f（x）的圖象在點(diǎn)（0，f（0））處的切線方程；
（2）求當(dāng)x∈（2k-1，2k+1]，k∈N*時(shí)，函數(shù)f（x）的解析式；
（3）是否存在x_k∈（2k-1，2k+1]，k=0，1，2，…，2011，使得等式成立？若存在就求出x_k（k=0，1，2，…，2011），若不存在，說(shuō)明理由．

Answer 1

【答案】分析：（1）當(dāng)x∈（-1，1]時(shí)，f（x）=ln（x+1），求出f′（0）得到切線的斜率，然后根據(jù)點(diǎn)斜式可求出切線方程；
（2）根據(jù)f（x+2）=2f（x）+1，所以當(dāng)x∈（2k-1，2k+1]，k∈N*時(shí)，即x-2k∈（-1，1]，從而f（x）=2f（x-2）+1=2²f（x-4）+2+1=2³f（x-6）+2²+2+1=…=2^kf（x-2k）+2^k-1+2^k-2+…+2+1，代入解析式即可求出所求；
（3）考慮函數(shù)g（x）=2^kx-f（x），x∈（2k-1，2k+1]，k∈N，求導(dǎo)函數(shù)，根據(jù)導(dǎo)數(shù)符號(hào)研究函數(shù)的單調(diào)性，可以得到當(dāng)x∈（2k-1，2k+1]，k∈N時(shí)，g（x）≥g（2k）=（2k-1）2^k+1，所以，，而，然后利用錯(cuò)位相消法求出等式右邊的和，從而證得存在唯一一組實(shí)數(shù)x_k=2k，k=0，1，2，…，2011，使得等式成立．
解答：解 （1）x∈（-1，1]時(shí)，f（x）=ln（x+1），，（2分）
所以，函數(shù)f（x）的圖象在點(diǎn)（0，f（0））處的切線方程為y-f（0）=f′（0）（x-0），即y=x．（3分）
（2）因?yàn)閒（x+2）=2f（x）+1，
所以，當(dāng)x∈（2k-1，2k+1]，k∈N*時(shí)，x-2k∈（-1，1]，（4分）
f（x）=2f（x-2）+1=2²f（x-4）+2+1=2³f（x-6）+2²+2+1
=…=2^kf（x-2k）+2^k-1+2^k-2+…+2+1=2^kln（x-2k+1）+2^k-1（16分）
（3）考慮函數(shù)g（x）=2^kx-f（x），x∈（2k-1，2k+1]，k∈N，
則，
當(dāng)2k-1＜x＜2k時(shí)，g′（x）＜0，g（x）單調(diào)遞減；
當(dāng)x=2k時(shí)，g′（x）=0；
當(dāng)2k＜x＜2k+1時(shí)，g'（x）＞0，g（x）單調(diào)遞增；
所以，當(dāng)x∈（2k-1，2k+1]，k∈N時(shí)，g（x）≥g（2k）=（2k-1）2^k+1，
當(dāng)且僅當(dāng)x=2k時(shí)，g（x）=g（2k）=（2k-1）2^k+1． （10分）
所以，
而，
令S_n=1•2¹+3•2²+…+（2n-1）2ⁿ，則2S_n=1•2²+3•2³+…+（2n-1）2ⁿ⁺¹，
兩式相減得，-S_n=1•2¹+2•2²+2•2³+…+2•2ⁿ-（2n-1）2ⁿ⁺¹=．
所以，S_n=（2n-3）2ⁿ⁺¹+6，
故．（12分）
所以，．
當(dāng)且僅當(dāng)x_k=2k，k=0，1，2，…，2011時(shí)，．
所以，存在唯一一組實(shí)數(shù)x_k=2k，k=0，1，2，…，2011，
使得等式成立．  （14分）
點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)在某點(diǎn)處的切線，以及函數(shù)與方程的綜合運(yùn)用和錯(cuò)位相消法求和，同時(shí)考查了計(jì)算能力，屬于中檔題．