Question

已知點(diǎn)P在橢圓C：

x2

a2

+

y2

b2

=1（a＞b＞0）上，F(xiàn)₁、F₂分別為橢圓C的左、右焦點(diǎn)，滿(mǎn)足|PF₁|=6-|PF₂|，且橢圓C的離心率為

5

3

．
（Ⅰ）求橢圓C的方程；
（Ⅱ）若過(guò)點(diǎn)Q（1，0）且不與x軸垂直的直線l與橢圓C相交于兩個(gè)不同點(diǎn)M、N，在x軸上是否存在定點(diǎn)G，使得

GM

•

GN

為定值．若存在，求出所有滿(mǎn)足這種條件的點(diǎn)G的坐標(biāo)；若不存在，說(shuō)明理由．

Answer 1

（Ⅰ）因?yàn)閨PF₁|=6-|PF₂|，所以2a=6，即a=3
又

c

a

=

5

3

，所以c=

5

，b²=a²-c²=4
所以橢圓C的方程為

x2

9

+

y2

4

=1．
（Ⅱ）假設(shè)存在符合條件的點(diǎn)G（t，0），因l不垂直于x軸，設(shè)直線l的方程為y=k（x-1），
與橢圓C：

x2

9

+

y2

4

=1聯(lián)立并消去y得：（4+9k²）x²-18k²x+9k²-36=0
∵點(diǎn)Q（1，0）在橢圓內(nèi)部，∴直線l必與橢圓有兩個(gè)不同交點(diǎn)．
設(shè)點(diǎn)M（x₁，y₁）、N（x₂，y₂），則x1+x2=

18k2

4+9k2

，x1x2=

9k2-36

4+9k2

．

GM

=(x1-t，y1)，

GN

=(x2-t，y2)

GM • GN =(x1-t)(x2-t)+y1y2 ，=x1x2-(x1+x2)t+t2+k2(x1-1)(x2-1) ，=(1+k2)x1x2-(x1+x2)(t+k2)+t2+k2

=(1+k2)

9k2-36

4+9k2

-

18k2

4+9k2

(t+k2)+t2+k2．（﹡）
解法一：設(shè)

GM

•

GN

=s，則(1+k2)

9k2-36

4+9k2

-

18k2

4+9k2

(t+k2)+t2+k2=s，
整理得：（9t²-18t-9s-23）k²+4t²-4s-36=0，此式對(duì)任意k∈R恒成立；
所以

9t2-18t-9s-23=0 4t2-4s-36=0

，解得

t= 29 9 s= 112 81

．
∴存在這樣的定點(diǎn)G(

29

9

，0)滿(mǎn)足題意．
解法二：由（﹡）式得：

GM • GN = (1+k2)(9k2-36)-18k2(t+k2)+k2(9k2+4) 9k2+4 +t2 = -27k2-36-18tk2+4k2 9k2+4 +t2= -3(9k2+4)-24-18tk2+4k2 9k2+4 +t2

=

-24-18tk2+4k2

9k2+4

+t2-3=

4 9 (9k2+4)- 16 9 -24-18tk2

9k2+4

+t2-3
=

-2t(9k2+4)- 16 9 -24+8t

9k2+4

+t2-3+

4

9

=

8t- 232 9

9k2+4

+t2-2t-

23

9

．
若

GM

•

GN

為定值，則

8t- 232 9

9k2+4

+t2-2t-

23

9

對(duì)任意k∈R恒為常數(shù)，
所以必有8t-

232

9

=0，即t=

29

9

．
從而

GM

•

GN

=t2-2t-

23

9

=

112

81

．
所以存在這樣的定點(diǎn)G(

29

9

，0)滿(mǎn)足題意．