Question

【題目】碲是ⅥA族元素，其單質(zhì)和化合物在化工生產(chǎn)等方面具有廣泛應(yīng)用。

（1）TeO2是兩性氧化物，微溶于水，可溶于強(qiáng)酸、或強(qiáng)堿。TeO2和NaOH溶液發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為______________。

（2）碲酸（H6TeO6）是一種很弱的酸，Ka1=1×10-7，該溫度下0.1mol/L H6TeO6的電離度α為_____（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）。在酸性介質(zhì)中，碲酸可將HI氧化成I2，若反應(yīng)生成的TeO2與Te的物質(zhì)的量之比為1：1，試配平該化學(xué)方程式。_________

______HI+_____ H6TeO6=_____TeO2+_____Te+_____I2+_____H2O

（3）從粗銅精煉的陽極泥（主要含有Cu2Te）中提取粗碲的一種工藝流程如下：

① 已知加壓酸浸時(shí)控制溶液的pH為5.0，生成TeO2沉淀。如果H2SO4溶液濃度過大，將導(dǎo)致TeO2沉淀不完全，原因是______________。

② 防止局部酸度過大的操作方法是_____________。

③ 對(duì)濾渣“酸浸”后，將Na2SO3加入Te(SO4)2溶液中進(jìn)行“還原”得到固態(tài)碲，該反應(yīng)的離子方程式是______________。

④ “還原”得到固態(tài)碲后分離出粗碲的方法_________，對(duì)粗碲進(jìn)行洗滌，判斷洗滌干凈的實(shí)驗(yàn)操作和現(xiàn)象是___________。

Answer 1

【答案】 TeO2 + 2NaOH = Na2TeO3 + H2O 0.1% 8 HI+2 H6TeO6 = 1 TeO2+1 Te+4 I2 + 10 H2O 溶液酸性過強(qiáng)，TeO2會(huì)繼續(xù)與酸反應(yīng)，導(dǎo)致TeO2沉淀不完全。 攪拌 2SO32－ + Te 4 + + 2H2O = Te↓+ 2SO42－ + 4H+ 過濾 取少量最后一次洗滌液,加入BaCl2溶液,若沒有白色沉淀生成,則說明洗滌干凈。

【解析】(1)TeO2是兩性氧化物，和NaOH溶液反應(yīng)生成鹽Na2TeO3和水，發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為TeO2 + 2NaOH = Na2TeO3 + H2O；

(2) H6TeO6 H5TeO6-+H+

起始濃度(mol/L) 0.1 0 0

變化濃度(mol/L) 0.1α 0.1α 0.1α

平衡濃度(mol/L) 0.1(1-α) 0.1α 0.1α

Ka1=1×10-7=[0.1α×0.1α]/[0.1(1-α)]，解得：α=0.1%；

該反應(yīng)中，Te元素的化合價(jià)由+6價(jià)變?yōu)?價(jià)和+4價(jià)，碘元素的化合價(jià)由-1價(jià)變?yōu)?價(jià)，且生成的TeO2與Te的物質(zhì)的量之比為1：1，則兩個(gè)Te原子得到8個(gè)電子，根據(jù)轉(zhuǎn)移電子相等知，氫碘酸的計(jì)量數(shù)應(yīng)該是8，再根據(jù)原子守恒配平方程式得：8HI+2H6TeO6→TeO2+Te+4I2+10H2O；

(3)①TeO2具有兩性，如果溶液酸性過強(qiáng)，TeO2會(huì)繼續(xù)與酸反應(yīng)，導(dǎo)致TeO2沉淀不完全；

② 可以通過攪拌操作防止局部酸度過大；

③Na2SO3加入Te(SO4)2溶液中進(jìn)行還原得到固態(tài)碲，同時(shí)生成Na2SO4，該反應(yīng)的離子方程式是 2SO32－ + Te4 + + 2H2O = Te↓+ 2SO42－ + 4H+ ；

④通過過濾從反應(yīng)后的混合液中獲得粗碲，粗碲表面附著液中含有SO42-，取少量最后一次洗滌液,加入BaCl2溶液,若沒有白色沉淀生成,則說明洗滌干凈。