8.YBa2Cu8Ox(Y為元素釔)是一種重要超導(dǎo)材料,下列關(guān)于${\;}_{39}^{89}$Y的說(shuō)法錯(cuò)誤的是( 。
A.質(zhì)量數(shù)是89B.質(zhì)子數(shù)與中子數(shù)之差為50
C.核外電子數(shù)是39D.${\;}_{39}^{89}$Y與${\;}_{39}^{90}$Y互為同位素

分析 原子中質(zhì)子數(shù)、中子數(shù)、質(zhì)量數(shù)之間的關(guān)系為質(zhì)量數(shù)=質(zhì)子數(shù)+中子數(shù),原子中的質(zhì)子數(shù)與電子數(shù)的關(guān)系為核電荷數(shù)=核外電子數(shù)=核內(nèi)質(zhì)子數(shù),同位素是指質(zhì)子數(shù)相同中子數(shù)不同的同種元素的不同原子互稱(chēng)同位素.

解答 解:A.原子符號(hào)左上角為質(zhì)量數(shù),所以釔原子質(zhì)量數(shù)為89,故A正確;
B.質(zhì)子數(shù)+中子數(shù)=質(zhì)量數(shù),中子數(shù)=質(zhì)量數(shù)-質(zhì)子數(shù)=89-39=50,質(zhì)子數(shù)與中子數(shù)之差為50-39=11,故B錯(cuò)誤;
C.原子的核外電子數(shù)=核內(nèi)質(zhì)子數(shù),所以核外有39個(gè)電子,故C正確;
D.${\;}_{39}^{89}$Y與${\;}_{39}^{90}$Y質(zhì)子數(shù)相同,質(zhì)子數(shù)不同互為同位素,故D正確;
故選B.

點(diǎn)評(píng) 本題考查的是有關(guān)質(zhì)子數(shù)、中子數(shù)、電子數(shù)之間的計(jì)算,以及同位素的定義,是小型綜合題,屬基礎(chǔ)知識(shí),題目難度不大.

練習(xí)冊(cè)系列答案
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科目:高中化學(xué) 來(lái)源: 題型:選擇題

18.下列各組元素的電負(fù)性大小順序正確的是(  )
A.S<N<O<FB.S<O<N<FC.Si<Na<Mg<AlD.Br<H<Zn

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科目:高中化學(xué) 來(lái)源: 題型:選擇題

19.氮原子 2p 亞層上的 3 個(gè)電子不相同的是( 。
A.能量B.電子云形狀C.電子云伸展方向D.自旋狀態(tài)

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科目:高中化學(xué) 來(lái)源: 題型:解答題

16.以某菱錳礦(含MnCO3、SiO2、FeCO3和少量Al2O3等)為原料通過(guò)以下方法可獲得碳酸錳粗產(chǎn)品:

(1)“酸浸”時(shí)加快反應(yīng)速率的方法除了增加硫酸的濃度和加熱外,還有將礦石粉碎(或攪拌等).(寫(xiě)出一種)
(2)在加NaOH調(diào)節(jié)溶液的pH時(shí)約為5,如果pH過(guò)大,可能導(dǎo)致濾渣1中Al(OH)3、SiO2
(填化學(xué)式)的含量減少.
(3)取“沉錳”前溶液a mL于錐形瓶中,加入少量AgNO3溶液(作催化劑)和過(guò)量的1.5%(NH4)2S2O8(過(guò)二硫酸氨)溶液,加熱,Mn2+被氧化為MnO4-,反應(yīng)一段時(shí)間后再煮沸5min[除去過(guò)量的(NH42S2O8],冷卻至室溫.選用適宜的指示劑,用b mol•L-1的(NH4)2Fe(SO42標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定至終點(diǎn),平均消耗(NH42Fe(SO42標(biāo)準(zhǔn)溶液的體積為V mL.
①M(fèi)n2+與(NH42S2O8反應(yīng)的離子方程式為2Mn2++5S2O82-+8H2O$\frac{\underline{\;Ag+\;}}{\;}$2MnO4-+10SO42-+16H+
②用含a、b、V的代數(shù)式表示“沉錳”前溶液中c(Mn2+)=$\frac{bV}{5a}$mol•L-1
(4)①寫(xiě)出“沉錳”時(shí)的離子方程式:Mn2++2HCO3-=MnCO3↓+CO2↑+H2O.
②在其他條件相同時(shí),NH4HCO3的初始濃度越大,錳元素回收率越高,請(qǐng)從沉淀溶解平衡的角度解釋其原因c(NH4HCO3)越大,c(CO32-)越大,使平衡MnCO3(s)?CO32-(aq)+Mn2+(aq)向逆反應(yīng)方向移動(dòng),析出的MnCO3越多,則錳元素回收率越高.

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科目:高中化學(xué) 來(lái)源: 題型:解答題

3.由某精礦石(MCO3•ZCO3)可以制備單質(zhì)M,制備過(guò)程中排放出的二氧化碳可以作為原料制備甲醇.取該礦石樣品1.84g,高溫灼燒至恒重,得到0.96g僅含兩種金屬氧化物的固體,其中m(M):m(Z)=3:5.請(qǐng)回答:

(1)該礦石的化學(xué)式為MgCO3•CaCO3
(2)①以該礦石灼燒后的固體產(chǎn)物為原料,真空高溫條件下用單質(zhì)硅還原,僅得到單質(zhì)M和一種含氧酸鹽(只含Z、Si和O,且Z和Si的物質(zhì)的量之比為2:1).寫(xiě)出該反應(yīng)的化學(xué)方程式:2MgO+2CaO+Si$\frac{\underline{\;真空高溫\;}}{\;}$2Mg+Ca2SiO4
②單質(zhì)M還可以通過(guò)電解熔融MCl2得到.不能用電解MCl2溶液的方法制備M的理由是電解MgCl2溶液時(shí),陰極上H+比Mg2+容易得到電子,電極反應(yīng)式為2H2O+2e-=H2↑+2OH-,所以得不到鎂單質(zhì).
(3)一定條件下,由CO2和H2制備甲醇的過(guò)程中含有下列反應(yīng):
反應(yīng)1:CO2(g)+H2(g)?CO(g)+H2O(g)△H1
反應(yīng)2:CO(g)+2H2(g)?CH3OH(g)△H2
反應(yīng)3:CO2(g)+3H2(g)?CH3OH(g)+H2O(g)△H3
其對(duì)應(yīng)的平衡常數(shù)分別為K1、K2、K2,它們隨溫度變化的曲線如圖1所示.
則△H2小于(填“大于”“小于”或“等于”)△H3,理由是曲圖l可知,隨著溫度升高,K1增大,則△H1>0,根據(jù)蓋斯定律又得△H3=△H1+△H2,所以△H2<△H3
(4)在溫度為T(mén)1時(shí),使體積比為3:1的H2和CO2在體積恒定的密閉容器內(nèi)進(jìn)行反應(yīng).T1溫度下甲醇濃度隨時(shí)間變化曲線如圖2所示;不改變其他條件,假定t時(shí)刻迅速降溫到T2,一段時(shí)間后體系重新達(dá)到平衡.試在圖中畫(huà)出t時(shí)刻后甲醇濃度隨時(shí)間變化至平衡的示意曲線.

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科目:高中化學(xué) 來(lái)源: 題型:選擇題

2.用NA表示阿伏加德羅常數(shù)的值.下列判斷錯(cuò)誤的是( 。
A.NA個(gè)H+的質(zhì)量為1 g
B.2 L 0.5 mol/L Na2SO4溶液中含NA個(gè)Na+
C.32 g O2中含有2NA個(gè)氧原子
D.標(biāo)準(zhǔn)狀況下,1 mol H2O中含有NA個(gè)分子

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9.將2mol X和2mol Y充入2L密閉容器中發(fā)生反應(yīng):X(g)+3Y(g)?2Z(g)+a Q(g).2min達(dá)到平衡時(shí)生成0.8mol Z,測(cè)得Q的濃度為0.4mol/L,下列敘述錯(cuò)誤的是( 。
A.Y的轉(zhuǎn)化率為60%B.反應(yīng)速率v(Y)=0.3 mol/(L•min)
C.a的值為2D.平衡時(shí)X的濃度為0.2 mol/L

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6.按如圖所示的裝置進(jìn)行電解實(shí)驗(yàn).A極是銅鎳合金,B極為純銅,電解質(zhì)溶液為硫酸銅溶液(足量).通電一段時(shí)間后,A極恰好全部溶解,此時(shí)B極質(zhì)量增加3.2g,溶液質(zhì)量增加0.05g,(已知氧化性,Cu2+>Ni2+)則A合金中銅、鎳原子個(gè)數(shù)比為( 。
A.4:1B.3:1C.2:1D.1:1

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科目:高中化學(xué) 來(lái)源: 題型:解答題

7.已知:CO2(g)+3H2(g)?CH3OH(g)+H2O(g)△H
現(xiàn)在體積為1L的密閉容器中,充入CO2和H2.實(shí)驗(yàn)測(cè)得反應(yīng)體系中物質(zhì)的物質(zhì)的量與時(shí)間關(guān)系如下表,
n(CO2n(H2n(CH3OH(g)n(H2O(g)
01.00mol3.25mol0.000.00
5min0.50mol0.50mol
10min0.25mol0.75mol
15min0.25moln1
回答下列問(wèn)題:
(1)表格中的n1=0.75mol
(2)0-5min內(nèi) v (H2)=0.3mol•L-1•min-1
(3)該條件下CO2的平衡轉(zhuǎn)化率為75%.

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