Question

18．我國(guó)有豐富的海水資源，開(kāi)發(fā)和利用海水資源是當(dāng)前科學(xué)研究的一項(xiàng)重要任務(wù)，下圖是某化工廠對(duì)海水資源綜合利用的示意圖：

請(qǐng)根據(jù)以上信息回答下列問(wèn)題：
（1）寫(xiě)出B物質(zhì)的名稱(chēng)石灰乳；
（2）寫(xiě)出反應(yīng)①的化學(xué)方程式并標(biāo)出電子轉(zhuǎn)移的方向和數(shù)目；
（3）粗鹽中含有Ca²⁺、Mg²⁺、SO₄^2-等雜質(zhì)，精制時(shí)所用的試劑為：
①鹽酸  ②氯化鋇溶液  ③氫氧化鈉溶液  ④碳酸鈉溶液
以上試劑添加的順序可以為AD；
A．②③④①B．③④②①C．④③②①D．③②④①
（4）提取粗鹽后剩余的海水（母液）中，可用來(lái)提取Mg和Br₂．母液用來(lái)提取Mg和Br₂先后順序，甲乙兩位工程師有不同觀點(diǎn)：
甲：母液先提取Mg，后提取Br₂     乙：母液先提取Br₂，后提取Mg
請(qǐng)你判斷這兩個(gè)方案是否合適？并簡(jiǎn)要說(shuō)明理由甲方案不合適，提取Mg時(shí)用的Ca（OH）₂有剩余，所以通入氯氣會(huì)和它反應(yīng)，造成浪費(fèi)；乙方案合適，電解MgCl₂產(chǎn)生的Cl₂可用于下一次Br^-的氧化；
（5）鎂的化合物具有廣泛用途，請(qǐng)回答有關(guān)鎂的下列問(wèn)題：
①將相同質(zhì)量的鎂條分別在a．氧氣中；b．氮?dú)庵�；c．二氧化碳中燃燒，燃燒后所得固體的質(zhì)量關(guān)系為c＞a＞b；
②氫氣是一種清潔能源，氫氣的制取與儲(chǔ)存是氫能源利用領(lǐng)域的研究熱點(diǎn)．Mg₂Cu是一種儲(chǔ)氫合金．350℃時(shí)，Mg₂Cu與H₂反應(yīng)，生成MgCu₂和僅含一種金屬元素的氫化物（其中氫的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為0.077）Mg₂Cu與H₂反應(yīng)的化學(xué)方程式為2Mg₂Cu+3H₂=MgCu₂+3MgH₂．

Answer 1

分析 根據(jù)流程圖知：反應(yīng)②為精鹽溶液的電解，反應(yīng)物是氯化鈉和水，產(chǎn)物是氯氣、氫氣、氫氧化鈉，C+F→N，N能溶解沉淀，C既能和F反應(yīng)又能和E反應(yīng)，所以，E為NaOH，F(xiàn)為H₂，C為Cl₂，N為HCl，貝殼（主要成分為CaCO₃）經(jīng)過(guò)高溫煅燒可以生成疏松的氧化鈣（A），氧化鈣可與水反應(yīng)生成氫氧化鈣（B），與母液反應(yīng)生成氫氧化鎂，氫氧化鎂與鹽酸反應(yīng)生成氯化鎂，電解可生成氯氣和鎂，由轉(zhuǎn)化關(guān)系可知D為Mg，以此解答該題．
（1）根據(jù)碳酸鈣以及氧化鈣的性質(zhì)來(lái)回答；
（2）電解食鹽水時(shí)，陽(yáng)極上氯離子放電生成氯氣，陰極上氫離子放電生成氫氣，同時(shí)生成氫氧化鈉；得電子化合價(jià)降低的物質(zhì)是氧化劑，失電子化合價(jià)升高的物質(zhì)是還原劑；
（3）鎂離子用氫氧根離子沉淀，硫酸根離子用鋇離子沉淀，鈣離子用碳酸根離子沉淀，過(guò)濾要放在所有的沉淀操作之后，加碳酸鈉要放在加氯化鋇之后，可以將過(guò)量的鋇離子沉淀最后再用鹽酸處理溶液中的碳酸根離子和氫氧根離子進(jìn)行分析；
（4）先提取Mg，后提取Br₂，海水中會(huì)殘留大量Ca（OH）₂，Ca（OH）₂能和氯氣反應(yīng)生成氯化鈣和次氯酸鈣和水
（5）①根據(jù)題意可設(shè)鎂的質(zhì)量為24克，然后利用化學(xué)反應(yīng)方程式分別計(jì)算反應(yīng)后的固體產(chǎn)物的質(zhì)量，比較大小可以得出答案；
②令金屬氫化物為RH_x，金屬R的相對(duì)分子質(zhì)量為a，則$\frac{x}{a+x}$=0.077，即923x=77a，X為金屬的化合價(jià)，討論可得x=2，a=24，故該金屬氫化物為MgH₂．

解答 解：根據(jù)流程圖知：反應(yīng)②為精鹽溶液的電解，反應(yīng)物是氯化鈉和水，產(chǎn)物是氯氣、氫氣、氫氧化鈉，C+F→N，N能溶解沉淀，C既能和F反應(yīng)又能和E反應(yīng)，所以，E為NaOH，F(xiàn)為H₂，C為Cl₂，N為HCl，貝殼（主要成分為CaCO₃）經(jīng)過(guò)高溫煅燒可以生成疏松的氧化鈣（A），氧化鈣可與水反應(yīng)生成氫氧化鈣（B），與母液反應(yīng)生成氫氧化鎂，氫氧化鎂與鹽酸反應(yīng)生成氯化鎂，電解可生成氯氣和鎂，由轉(zhuǎn)化關(guān)系可知D為Mg，
（1）根據(jù)流程圖知：反應(yīng)2為精鹽溶液的電解，反應(yīng)物是氯化鈉和水，產(chǎn)物是氯氣、氫氣、氫氧化鈉，C+F→N，N能溶解沉淀，C既能和F反應(yīng)又能和E反應(yīng)，所以，E為NaOH，F(xiàn)為H₂，C為Cl₂，N為HCl，貝殼（主要成分為CaCO₃）經(jīng)過(guò)高溫煅燒可以生成疏松的氧化鈣，氧化鈣可與水反應(yīng)生成氫氧化鈣，所以B為石灰乳，
故答案為：石灰乳；
（2）電解食鹽水時(shí)，陽(yáng)極上氯離子放電生成氯氣，陰極上氫離子放電生成氫氣，同時(shí)生成氫氧化鈉，得電子化合價(jià)降低的物質(zhì)是水，所以水是氧化劑，失電子化合價(jià)升高的物質(zhì)是氯化鈉，所以氯化鈉是還原劑，電子轉(zhuǎn)移總是為2e-，雙線橋標(biāo)注為：，
故答案為：； 
（3）SO₄^2-、Ca²⁺、Mg²⁺等分別與BaCl₂溶液、Na₂CO₃溶液、NaOH溶液反應(yīng)生成沉淀，可再通過(guò)過(guò)濾除去，Na₂CO₃溶液能除去過(guò)量的BaCl₂溶液，鹽酸能除去過(guò)量的Na₂CO₃溶液和NaOH溶液，所以應(yīng)先加BaCl₂溶液再加Na₂CO₃溶液，最后加入鹽酸，故選AD；
故答案為：AD．
（4）母液用來(lái)提取Mg和Br₂，若先提取鎂，海水中會(huì)殘留大量Ca（OH）₂，Ca（OH）₂能和氯氣反應(yīng)生成氯化鈣和次氯酸鈣和水，再用Cl₂提取溴時(shí)會(huì)消耗大量Cl₂，所以乙觀點(diǎn)合理，甲方案不合適，提取Mg時(shí)用的Ca（OH）₂有剩余，所以通入氯氣會(huì)和它 反應(yīng)，造成浪費(fèi)；乙方案合適，電解MgCl₂產(chǎn)生的Cl₂可用于下一次Br^-的氧化，
故答案為：甲方案不合適，提取Mg時(shí)用的Ca（OH）₂有剩余，所以通入氯氣會(huì)和它 反應(yīng)，造成浪費(fèi)；乙方案合適，電解MgCl₂產(chǎn)生的Cl₂可用于下一次Br^-的氧化；
（5）①a．設(shè)24克鎂在氧氣中完全燃燒生成物的質(zhì)量為X，
2Mg+O₂ $\frac{\underline{\;點(diǎn)燃\;}}{\;}$2MgO
48           80
24           X
解得X=40克
b．設(shè)24克鎂在氮?dú)庵型耆�燃燒生成物的質(zhì)量為Y，
3Mg+N₂$\frac{\underline{\;點(diǎn)燃\;}}{\;}$Mg₃N₂
72            100
24g             Y
Y=33.3克
c．設(shè)24克鎂在二氧化碳中完全燃燒生成物的質(zhì)量分別為Z₁和Z₂，則
2Mg+CO₂$\frac{\underline{\;點(diǎn)燃\;}}{\;}$2MgO+C
48          80   12
24         Z₁   Z₂
解得Z₁=40克，Z₂=6克，即鎂在二氧化碳中完全燃燒生成物的質(zhì)量為46克，
顯然c＞a＞b，
故答案為：c＞a＞b；
（4）令金屬氫化物為RH_x，金屬R的相對(duì)分子質(zhì)量為a，則$\frac{x}{a+x}$=0.077，即923x=77a，X為金屬的化合價(jià)，討論可得x=2，a=24，故該金屬氫化物為MgH₂，故反應(yīng)方程式為2Mg₂Cu+3H₂$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$MgCu₂+3MgH₂，故答案為：2Mg₂Cu+3H₂$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$MgCu₂+3MgH₂；

點(diǎn)評(píng) 本題考查方程式的書(shū)寫(xiě)及其利用化學(xué)反應(yīng)方程式進(jìn)行計(jì)算，涉及無(wú)機(jī)物的推斷以及物質(zhì)的分離、提純的實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重于學(xué)生的分析能量和實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Φ目疾�，主要把握�?shí)驗(yàn)的原理和操作方法，難度中等．