Question

有兩個(gè)質(zhì)量分別為m₁和m₂的物體A和B，并排放在水平地面上．現(xiàn)用同向水平拉力F₁、F₂分別作用于物體A和B上，作用一段時(shí)間后撤去，兩物體各自滑行一段距離后停止．A、B兩物體運(yùn)動(dòng)的v-t圖象分別如a、b圖線所示．由圖中信息可以得出

1. A.
   若m₁=m₂，則力F₁對(duì)A所做的功小于力F₂對(duì)B所做的功
2. B.
   若m₁=2m₂，則力F₁對(duì)A所做的功小于力F₂對(duì)B所做的功
3. C.
   若m₁=m₂，則力F₁的最大瞬時(shí)功率一定是力F₂的最大瞬時(shí)功率的2倍
4. D.
   若m₁=2m₂，則力F₁的最大瞬時(shí)功率一定是力F₂的最大瞬時(shí)功率的2倍

Answer 1

BC
分析：由于水平拉力F₁和F₂的大小關(guān)系未知，故要求摩擦因數(shù)只能根據(jù)撤除拉力后的運(yùn)動(dòng)情況進(jìn)行分析．要比較摩擦力對(duì)物體所做的功的多少，一定要知道兩物體位移的大小關(guān)系．根據(jù)圖象可求出拉力相同的情況下未撤力前加速度的關(guān)系再比較質(zhì)量的大�。�最大功率對(duì)應(yīng)最大速度，故應(yīng)求出質(zhì)量相同時(shí)拉力的具體值．
解答：若m₁=m₂，則f₁=f₂，
根據(jù)動(dòng)能定理對(duì)a有
W_F1-f₁s₁=0
同理對(duì)b有
W_F2-f₂s₂=0
∵s₁=4×2.5×=5.0m
s₂=2×5×=5.0m
∴W_F1=W_F2，故A錯(cuò)誤．
撤除拉力后兩物體的速度圖象平行，故減速度大小相等，設(shè)兩物體與水平地面的動(dòng)摩擦因素分別為μ₁、μ₂，
即a₁=a₂=μg=1m/s²
∴μ₁=μ₂==0.1，
由以上分析可知F₁=m₁（a₁+μ₁g）=m₁×，
∴拉力F₁的最大瞬時(shí)功率P₁=m₁
同理F₂=m₂（a₂+μ₂g）=m²
∴拉力F₂的最大瞬時(shí)功率P₂=m²
∴P₁=2P₂故C正確．
若m₁=2m₂，則f₁=f₂，
根據(jù)動(dòng)能定理對(duì)a有
W_F1-f₁s₁=0
同理對(duì)b有
W_F2-f₂s₂=0
∵s₁=4×2.5×=5.0m
s₂=2×5×=5.0m
∴W_F1=W_F2，故B正確．
撤除拉力后兩物體的速度圖象平行，故減速度大小相等，設(shè)兩物體與水平地面的動(dòng)摩擦因素分別為μ₁、μ₂，
即a₁=a₂=μg=1m/s²
∴μ₁=μ₂==0.1，
由以上分析可知F₁=m₁（a₁+μ₁g）=m₁×，
∴拉力F₁的最大瞬時(shí)功率P₁=m₁
同理F₂=m₂（a₂+μ₂g）=m²
∴拉力F₂的最大瞬時(shí)功率P₂=m²
∵m₁=2m₂，
∴P₁=4P₂，故D錯(cuò)誤．
故選B、C．
點(diǎn)評(píng)：本題綜合性很強(qiáng)，所以熟練掌握牛頓第二定律，動(dòng)能定理，功率的瞬時(shí)值表達(dá)式，會(huì)根據(jù)v-t圖求解加速度，位移是能否成功解題的關(guān)鍵．