Question

（2004•福州）如圖，在邊長(zhǎng)為4的正方形ABCD中，E是DC中點(diǎn)，點(diǎn)F在BC邊上，且CF=1，在△AEF中作正方形A₁B₁C₁D₁，使邊A₁B₁在AF上，其余兩個(gè)頂點(diǎn)C₁、D₁分別在EF和AE上．
（1）請(qǐng)直接寫(xiě)出圖中兩直角邊之比等于1：2的三個(gè)直角三角形（不另添加字母及輔助線(xiàn)）；
（2）求AF的長(zhǎng)及正方形A₁B₁C₁D₁的邊長(zhǎng)；
（3）在（2）的條件下，取出△AEF，將△EC₁D₁沿直線(xiàn)C₁D₁、△C₁FB₁沿直線(xiàn)C₁B₁分別向正方形A₁B₁C₁D₁內(nèi)折疊，求小正方形A₁B₁C₁D₁未被兩個(gè)折疊三角覆蓋的四邊形面積．

Answer 1

【答案】分析：（1）圖中滿(mǎn)足直角邊之比等于1：2的直角三角形共有6個(gè)，Rt△CEF與Rt△ADE比較明顯，打開(kāi)找出另外四個(gè)之一的“缺口”是證出∠AEF=90°．下面給出兩種思路：思路一是先證出△ADE∽△ECF，得到∠FEC=∠EAD，結(jié)合Rt△ADE中有∠DEA+∠EAD=90°，可得∠DEA+∠FEC=90°，從而∠AEF=90°．思路二是在△ADE、△ECF和△ABF中分別使用勾股定理求出AE、EF和AF的長(zhǎng)，再由勾股定理的逆定理證出∠AEF=90°；
（2）由EM×AF=AE×EF=2S_△AEF可以求出EM=2，另外由△D₁C₁E∽△AFE得出是利用了“相似三角形對(duì)應(yīng)高的比等于相似比”這一性質(zhì)，這也是解決形如圖2問(wèn)題的基本方法．該小題如果注意到△AA₁D₁與△C₁B₁F都是直角邊之比等于1：2的直角三角形的話(huà)，不添輔助線(xiàn)也可得出答案：設(shè)正方形A₁B₁C₁D₁的邊長(zhǎng)為x，則AA₁=2x，B₁F=x，因?yàn)锳A₁+A₁B₁+B₁F=AF=5，所以2x+x+x=5，解得正方形的邊長(zhǎng)x=；
（3）如何說(shuō)明△EC₁D₁沿直線(xiàn)C₁D₁、△C₁FB₁沿直線(xiàn)C₁B₁分別向正方形A₁B₁C₁D₁內(nèi)折疊以后兩個(gè)三角形的交界處既不重疊又沒(méi)有空隙是一個(gè)難點(diǎn)，比較容易忽略，值得引起重視．下面給出一種另解供參考：由△E₁C₁D₁、△C₁B₁F₁分別由△EC₁D₁、△C₁FB₁折疊而成，可得∠3=∠4、∠1=∠2，因?yàn)檎�方形A₁B₁C₁D₁中有∠D₁C₁B1=90°，所以∠4+∠1=180°-90°=90°，即∠2+∠3=90°=∠D₁C₁B₁，從而C₁E₁與C₁F₁重合在一條直線(xiàn)上（或三點(diǎn)C₁、E₁、F₁在一條直線(xiàn)上）．
解答：解：（1）Rt△CEF、Rt△ADE、Rt△AEF、Rt△AA₁D₁、
Rt△ED₁C₁、Rt△C₁B₁F．（寫(xiě)出其中三個(gè)即可）

（2）AF==5
過(guò)E作EM⊥AF，垂足為M，交D₁C₁于N，則
∵AD=4，DE=EC=2，CF=1，
∴EF=，AE==2，
∵EM×AF=AE×EF=2S_△AEF，即5EM=×2，
∴EM=2，
∵四邊形A₁B₁C₁D₁是正方形
∴D₁C₁∥AF
∴△D₁C₁E∽△AFE
∴
設(shè)正方形A₁B₁C₁D₁的邊長(zhǎng)為x，則

解得x=
∴正方形A₁B₁C₁D₁的邊長(zhǎng)為．

（3）∵D₁C₁=，EN=2-=
∴S_△D1EC1=××=
∴=，C₁B₁=
∴B₁F=
∴S_△C1B1F1=××=
∵∠1=∠2，∠1+∠4=90°，∠2+∠3=90°
∴∠3=∠4
∴E₁點(diǎn)在C₁F₁上
又∵=（）²=
∴S_{未被覆蓋四邊形}=--=．
點(diǎn)評(píng)：本題主要考查學(xué)生抽象思維能力，錯(cuò)誤的主要原因是空間觀(guān)念以及轉(zhuǎn)化的能力不強(qiáng)，缺乏邏輯推理能力，需要在平時(shí)生活中多加培養(yǎng)．