Question

（2006•遼寧）如圖，已知A（-1，0），E（0，-），以點(diǎn)A為圓心，以AO長(zhǎng)為半徑的圓交x軸于另一點(diǎn)B，過(guò)點(diǎn)B作BF∥AE交⊙A于點(diǎn)F，直線FE交x軸于點(diǎn)C．
（1）求證：直線FC是⊙A的切線；
（2）求點(diǎn)C的坐標(biāo)及直線FC的解析式；
（3）有一個(gè)半徑與⊙A的半徑相等，且圓心在x軸上運(yùn)動(dòng)的⊙P．若⊙P與直線FC相交于M，N兩點(diǎn)，是否存在這樣的點(diǎn)P，使△PMN是直角三角形？若存在，求出點(diǎn)P的坐標(biāo)；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．

Answer 1

【答案】分析：（1）連接AF，由于AE∥BF，故∠1=∠3，∠4=∠2，又∵AB=AF，∴∠3=∠4∴∠1=∠2又∵AO=AF，AE=AE
∴△AOE≌△AFE∴∠AFE=∠AOE=90°∴FC是⊙O的切線．
（2）方法由（1）知EF=OE=∵AE∥BF，∴=，∴=∴CE=CO+①（6分）∵OE²+OC²=CE²，∴CE²=（）²+CO²②（7分）由①②解得OC=0（舍去）或OC=2，∴C（2，0）（8分）∵直線FC經(jīng)過(guò)E（0，-），C（2，0）兩點(diǎn)，∴直線FC的解析式為y=x-．
解答：（1）證明：連接AF，
∵AE∥BF，
∴∠1=∠3，∠4=∠2，
又∵AB=AF，
∴∠3=∠4，
∴∠1=∠2，
又∵AO=AF，AE=AE，
∴△AOE≌△AFE，
∴∠AFE=∠AOE=90°，
∴FC是⊙O的切線．

（2）解：方法①由（1）知EF=OE=，
∵AE∥BF，
∴=，
∴=，
∴CE=CO+①；
又∵OE²+OC²=CE²，
∴CE²=（）²+CO²②；
由①②解得OC=0（舍去）或OC=2，
∴C（2，0），
∵直線FC經(jīng)過(guò)E（0，-），C（2，0）兩點(diǎn)，
設(shè)FC的解析式：y=kx+b，
∴，
解得，
∴直線FC的解析式為y=x-．
方法②：
∵CF切⊙A于點(diǎn)F，
∴∠AFC=∠EOC=90°，
又∠ACF=∠OCE，
∴△COE∽△CFA，
∴，
∴，
即CE=CO-①；
又OE²+OC²=CE²，
∴CE²=（）²+CO²②；
由①②解得CO=0（舍去）或CO=2；
∴C（2，0）
（求FC的解析式同上）．
方法③∵AE∥BF，
∴=，
∴=，
∴CE=CO+①，
∵FC切⊙A于點(diǎn)F，
∴∠AFC=∠COE=90°，
∴∠ACE=∠OCE，
∴△COE∽△CFA，
∴=，
∴=，
∴CE=CO-②．
由①②解得：CO=2，
∴C（2，0），
（求FC的解析式同上）．

（3）解：存在：
當(dāng)點(diǎn)P在點(diǎn)C左側(cè)時(shí)，若∠MPN=90°，過(guò)點(diǎn)P作PE⊥MN于點(diǎn)E，
∵∠MPN=90°，PM=PN，
∴PE=PM×cos45°⁼，
∵AF⊥FC，
∴PE∥AF，
∴△CPE∽△CAF，
∴=，
∴=，
∴CP=，
∴PO=-2，
∴P（2-，0）．
當(dāng)點(diǎn)P在點(diǎn)C右側(cè)P′時(shí)，設(shè)∠M′P′N(xiāo)′=90°，過(guò)點(diǎn)P′作P′Q⊥M′N(xiāo)′于點(diǎn)Q，則P′Q=．
∴P′Q=PE，可知P′與P關(guān)于點(diǎn)C中心對(duì)稱(chēng)，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性得：
∴OP′=OC+CP′=2+，
∴P′（2+，0），
∴存在這樣的點(diǎn)P，使得△PMN為直角三角形，P點(diǎn)坐標(biāo)（2-，0）或（2+，0）．

點(diǎn)評(píng)：本題是一道綜合性很強(qiáng)的傳統(tǒng)型壓軸題，其難度比較恰當(dāng)，選拔功能較強(qiáng)，解第3小題時(shí)要注意分類(lèi)討論，這是本題最容易失分的地方．