Question

如圖1，矩形OABC的頂點(diǎn)O為原點(diǎn)，點(diǎn)E在AB上，把△CBE沿CE折疊，使點(diǎn)B落在OA邊上的點(diǎn)D處，點(diǎn)A、D坐標(biāo)分別為（10，0）和（6，0），拋物線y=

1

5

x2+bx+c過(guò)點(diǎn)C、B．
（1）求C、B兩點(diǎn)的坐標(biāo)及該拋物線的解析式；
（2）如圖2，長(zhǎng)、寬一定的矩形PQRS的寬PQ=1，點(diǎn)P沿（1）中的拋物線滑動(dòng)，在滑動(dòng)過(guò)程中PQ∥x軸，且RS在PQ的下方，當(dāng)P點(diǎn)橫坐標(biāo)為-1時(shí)，點(diǎn)S距離x軸

11

5

個(gè)單位，當(dāng)矩形PQRS在滑動(dòng)過(guò)程中被x軸分成上下兩部分的面積比為2：3時(shí)，求點(diǎn)P的坐標(biāo)；
（3）如圖3，動(dòng)點(diǎn)M、N同時(shí)從點(diǎn)O出發(fā)，點(diǎn)M以每秒3個(gè)單位長(zhǎng)度的速度沿折線ODC按O→D→C的路線運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)N以每秒8個(gè)單位長(zhǎng)度的速度沿折線OCD按O?C?D的路線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)M、N兩點(diǎn)相遇時(shí)，它們都停止運(yùn)動(dòng)．設(shè)M、N同時(shí)從點(diǎn)O出發(fā)t秒時(shí)，△OMN的面積為S．①求出S與t的函數(shù)關(guān)系式，并寫(xiě)出t的取值范圍：②設(shè)S₀是①中函數(shù)S的最大值，那么S₀=

 

．

Answer 1

分析：（1）本題可根據(jù)折疊的性質(zhì)進(jìn)行求解．根據(jù)折疊的性質(zhì)可知：CD=BC=OA，可在直角三角形OCD中用勾股定理求出OC的長(zhǎng)，即可求出C、B的坐標(biāo)，將這兩點(diǎn)坐標(biāo)代入拋物線中即可求出拋物線的解析式．
（2）先根據(jù)x=-1時(shí)，P的縱坐標(biāo)求出PS的長(zhǎng)即矩形的長(zhǎng)，然后根據(jù)矩形被x軸分成上3下2兩部分，可求出此時(shí)P點(diǎn)的縱坐標(biāo)，代入拋物線中即可求出P點(diǎn)的坐標(biāo)．
（3）一：本題要分三種情況進(jìn)行討論：
①當(dāng)0≤t≤1時(shí)，此時(shí)N在OC上．M在OD上．可用t表示出OM、ON的長(zhǎng)，進(jìn)而可求出S、t的函數(shù)關(guān)系式．
②當(dāng)1＜t≤2時(shí)，此時(shí)N在CD上，M在OD上．過(guò)N作x軸的垂線，在構(gòu)建的直角三角形中，用ND的長(zhǎng)求出△OMN的高，而后同①．
③當(dāng)2＜t≤

24

11

時(shí)，此時(shí)，N、M均在CD上．先用t表示出NM的長(zhǎng)，然后過(guò)O作OH⊥CD于H，在直角三角形OCH（或ODH）中，用OC的長(zhǎng)和∠OCD的正弦值求出△OMN中NM邊上的高．
二：根據(jù)一的函數(shù)的性質(zhì)及自變量的取值范圍即可求出S的最大值及對(duì)應(yīng)的t的值．

解答：解：（1）∵A（10，0），D（6，0），
∴OA=10，OD=6，
又∵四邊形OCBA為矩形，
∴∠COA=∠BAO=90°OC=AB=BC=OA=10．
又∵△CED為△CBE沿CE翻折得到的，
∴CD=CB=10，
∴在Rt△COD中，由勾股定理得：OC=

CD2-OD2

=8．
∴C（0，8），B（10，8），
又∵C、B均在y=

1

5

x²+bx+c上，
∴

c=8 100× 1 5 +10b+c=8

，
∴

c=8 b=-2

，
∴y=

1

5

x²-2x+8；

（2）當(dāng)x=-1時(shí)，y=

1

5

×（-1）²-2×（-1）+8=

51

5

，
∴此時(shí)P（-1，

51

5

），
又∵S距離x軸上方

11

5

個(gè)單位，
∴PS=

51

5

-

11

5

=8，
∴矩形PQRS的長(zhǎng)為8，寬為1，
設(shè)PQRS在下滑過(guò)程中交x軸分別于G、H兩點(diǎn)．
則由題意知：

S矩形PQHG

S矩形HGSR

=

2

3

，
∴

PG

GS

=

2

3

，
∴PG=

2

5

PS=

16

5

．
故P的縱坐標(biāo)為

16

5

，
∴設(shè)P（a，

16

5

），則

1

5

a²-2a+8=

16

5

，
∴a₁=4，a₂=6，（1分）
∴P（4，

16

5

）或（6，

16

5

）；

（3）∵點(diǎn)M的速度是每秒3個(gè)單位長(zhǎng)度，點(diǎn)N的速度是每秒8個(gè)單位長(zhǎng)度，
∴3t+8t=6+8+10，
解得t=

24

11

，
①當(dāng)0≤t≤1時(shí)，此時(shí)N在OC上．M在OD上．
∴S_△OMN=

1

2

OM•NH=

1

2

×3t×8t=12t²，
此時(shí)，當(dāng)t=1時(shí)，S_大=12，
②當(dāng)1＜t≤2時(shí)，此時(shí)N在CD上，M在OD上．
則DN=18-8t，
過(guò)N作NH⊥OD于H，
則

NH

ND

=sin∠CDO=

OC

CD

=

4

5

，
∴NH=

4

5

DN=

4

5

（18-8t）=

8

5

（9-4t）．
∴S_△OMN=

1

2

OM•ON，
=

1

2

×

8

5

（9-4t）×3t，
=-

48

5

t²+

108

5

t，
=-

48

5

（t-

9

8

）²+

243

20

，
∴當(dāng)t=

9

8

時(shí)，S_大=

243

20

=12.15．
③當(dāng)2＜t≤

24

11

時(shí)，此時(shí)，N、M均在CD上，
則MN=24-11t，
過(guò)O作OH⊥CD于H，
則由等面積得：OH=

24

5

，
∴S_△OMN=

1

2

OH•MN=

1

2

×

24

5

×（24-11t）=-

132

5

t+

288

5

，
此時(shí)當(dāng)t=2時(shí)，S_大=

24

5

．

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了矩形的性質(zhì)、圖形的折疊變換、圖形面積的求法以及二次函數(shù)的應(yīng)用等知識(shí)．
綜合性強(qiáng)，考查學(xué)生分類討論，數(shù)形結(jié)合的數(shù)學(xué)思想方法．