Question

如圖1，已知拋物線y=ax²-2ax+b經(jīng)過梯形OABC的四個頂點，若BC=10，梯形OABC的面積為18．
（1）求拋物線解析式；
（2）將圖1中梯形OABC的上下底邊所在的直線OA、CB以相同的速度同時向上平移，平移后的兩條直線分別交拋物線于點O₁、A₁、C₁、B₁，得到如圖2的梯形O₁A₁B₁C₁．設(shè)梯形O₁A₁B₁C₁的面積為S，A₁、B₁的坐標(biāo)分別為（x₁，y₁）、（x₂，y₂）．用含S的代數(shù)式表示x₂-x₁，并求出當(dāng)S=36時點A₁的坐標(biāo)；
（3）如圖3，設(shè)圖1中點D坐標(biāo)為（1，3），M為拋物線的頂點，動點P從點B出發(fā)，以每秒1個單位長度的速度沿著線段BC運(yùn)動，動點Q從點D出發(fā)，以與點P相同的速度沿著線段DM運(yùn)動．P、Q兩點同時出發(fā)，當(dāng)點Q到達(dá)點M時，P、Q兩點同時停止運(yùn)動．設(shè)P、Q兩點的運(yùn)動時間為t，是否存在某一時刻t，使得直線PQ、直線AB、x軸圍成的三角形與直線PQ、直線AB、拋物線的對稱軸圍成的三角形相似？若存在，請求出t的值；若不存在，請說明理由．

Answer 1

（1）∵y=ax²-2ax+b=a（x-1）²-a+b，
∴對稱軸為：直線x=1，
∴點A的坐標(biāo)為（2，0）；
∵BC=10，梯形OABC的面積為18，
∴梯形OABC的高為：18×2÷（10+2）=3，
∴B（10÷2+1，3），即B（6，3），
C（1-10÷2，3），即C（-4，3）．
將O（0，0），B（6，3）代入y=ax²-2ax+b，
得

b=0 36a-12a+b=3

，
解得

a= 1 8 b=0

，
∴拋物線解析式為：y=

1

8

x²-

1

4

x；

（2）由題意得y₂-y₁=3，y₂-y₁=

1

8

x₂²-

1

4

x₂-

1

8

x₁²+

1

4

x₁=3，
得：（x₂-x₁）[

1

8

（x₂+x₁）-

1

4

]=3①，
S=

2(x1-1+x2-1)×3

2

=3（x₁+x₂）-6，
得：x₁+x₂=

S

3

+2②，
把②代入①并整理得：x₂-x₁=

72

s

（S＞0），
當(dāng)s=36時，

x2+x1=14 x2-x1=2

，
解得：

x1=6 x2=8

，
把x₁=6代入拋物線解析式，得y₁=

1

8

×6²-

1

4

×6=3，
∴點A₁（6，3）；

（3）存在t=

20

7

秒，可使直線PQ、直線AB、x軸圍成的三角形與直線PQ、直線AB、拋物線的對稱軸圍成的三角形相似．理由如下：
易知直線AB的解析式為y=

3

4

x-

3

2

，可得直線AB與對稱軸的交點E的坐標(biāo)為（1，-

3

4

），
∴BD=5，DE=

15

4

，DP=5-t，DQ=t，
當(dāng)PQ∥AB時，

DQ

DE

=

DP

DB

，
即

t

15 4

=

5-t

5

，解得t=

15

7

．
設(shè)直線PQ與直線AB、x軸的交點分別為點F、G．假設(shè)直線PQ、直線AB、x軸圍成的三角形與直線PQ、直線AB、拋物線的對稱軸圍成的三角形相似．下面分兩種情況討論：
①當(dāng)0＜t＜

15

7

時，如圖3-1；
∵△FQE∽△FAG，
∴∠FGA=∠FEQ，
∴∠DPQ=∠DEB；
易得△DPQ∽△DEB，
∴

DQ

DB

=

DP

DE

，即

t

5

=

5-t

15 4

，
解得t=

20

7

＞

15

7

，
∴t=

20

7

不合題意，舍去；
②當(dāng)

15

7

＜t＜3

1

8

時，如圖3-2；
∵△FAG∽△FQE，
∴∠FAG=∠FQE，
∵∠DQP=∠FQE，∠FAG=∠EBD，
∴∠DQP=∠DBE，
易得△DPQ∽△DEB，
∴

DQ

DB

=

DP

DE

，即

t

5

=

5-t

15 4

，
解得t=

20

7

，符合題意．
綜上，可知當(dāng)t=

20

7

秒時，直線PQ、直線AB、x軸圍成的三角形與直線PQ、直線AB、拋物線的對稱軸圍成的三角形相似．