Question

已知直線y=-x+4分別交x軸、y軸于點(diǎn)A、C，過A、C兩點(diǎn)的拋物線y=ax²-2ax+c交x軸于另一點(diǎn)B．
（1）求該拋物線的解析式；
（2）若動(dòng)點(diǎn)Q從點(diǎn)B出發(fā)，以每秒2個(gè)單位長(zhǎng)度沿線段BA方向運(yùn)動(dòng)，同時(shí)動(dòng)直線l從x軸出發(fā)，以每秒1個(gè)單位長(zhǎng)度沿y軸方向平行移動(dòng)，直線l交AC與D，交BC于E，當(dāng)點(diǎn)Q運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)A時(shí)，兩者都停止運(yùn)動(dòng)．設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒，△QED的面積為S．
①求S與t的函數(shù)關(guān)系式：并探究：當(dāng)t為何值時(shí)，S有最大值為多少？
②在點(diǎn)Q及直線l的運(yùn)動(dòng)過程中，是否存在△QED為直角三角形？若存在，請(qǐng)求t的值；若不存在，請(qǐng)說明理由．

Answer 1

（1）令y=0，則-x+4=0，
解得x=4，
令x=0，則y=4，
∴點(diǎn)A（4，0），C（0，4），
∵拋物線y=ax²-2ax+c經(jīng)過點(diǎn)A、C，
∴

16a-8a+c=0 c=4

，
解得

a=- 1 2 c=4

，
∴拋物線y=-

1

2

x²+x+4；

（2）①令y=0，則-

1

2

x²+x+4=0，
整理得，x²-2x-8=0，
解得x₁=-2，x₂=4，
∴點(diǎn)B（-2，0），
∴AB=4-（-2）=6，
∵直線l∥x軸，
∴△ABC∽△DEC，
∴

DE

AB

=

4-t

4

，
即

DE

6

=

4-t

4

，
解得DE=

3

2

（4-t），
∴△QED的面積為S=

1

2

×

3

2

（4-t）×t=-

3

4

t²+3t，
S與t的函數(shù)關(guān)系式為S=-

3

4

t²+3t，
∵S=-

3

4

（t-2）²+3，
∴t=2時(shí)，S有最大值，最大值為3；

②（i）∠QED=90°時(shí)，∵DE∥x軸，
∴EQ⊥AB，
∴△BQE∽△BOC，
∴

EQ

OC

=

BQ

OB

，
即

t

4

=

2t

2

，
所以，此種情況不成立；
（ii）∠EDQ=90°時(shí)，∵DE∥x軸，
∴DQ⊥AB，
∴△ADQ∽△ACO，
∴

AQ

OA

=

DQ

CO

，
即

6-2t

4

=

t

4

，
解得t=3；
（iii）∠DQE=90°時(shí)，過點(diǎn)D作DF⊥AB于F，過點(diǎn)E作EG⊥AB于G，
則△BGE∽△BOC，
∴

BG

OB

=

EG

OC

，
∴BG=

OB•EG

OC

=

2•t

4

=

1

2

t，
GQ=2t-

1

2

t=

3t

2

，
同理可求AF=t，DF=t，
QF=AB-BQ-AF=6-2t-t=6-3t，
易求△EGQ∽△QDF，
∴

EG

QF

=

GQ

DF

，
即

t

6-3t

=

3t 2

t

，
解得t=

18

11

，
綜上所述，t=

18

11

或3秒時(shí)，△QED為直角三角形．